Helmetat e saldimit të tipit kameleon quhen kështu sepse filtri i dritës ndryshon automatikisht shkallën e errësirës në varësi të intensitetit të fluksit të dritës. Kjo është shumë më e përshtatshme se një mburojë e zakonshme ose një maskë e tipit të vjetër me një filtër të zëvendësueshëm. Pasi të keni veshur kameleonin, mund të shihni qartë gjithçka edhe para se të filloni saldimin: filtri është pothuajse transparent dhe nuk ndërhyn në punën tuaj. Kur harku ndizet, ai errësohet brenda pak sekondash, duke mbrojtur sytë tuaj nga djegiet. Pasi harku del jashtë, ai bëhet përsëri transparent. Ju mund të kryeni të gjitha manipulimet e nevojshme pa hequr maskën, gjë që është shumë më e përshtatshme sesa ngritja dhe ulja e mburojës mbrojtëse dhe shumë më mirë sesa mbajtja e mburojës në dorë. Por një përzgjedhje e gjerë e artikujve me çmime të ndryshme mund të jetë konfuze: cili është ndryshimi dhe cili është më i mirë? Ne do t'ju tregojmë se si të zgjidhni një maskë kameleoni më poshtë.

Maskat e saldimit me kameleon vijnë në një larmi të gjerë. Zgjedhja nuk është aspak një detyrë e lehtë. Për më tepër, nuk është aq e rëndësishme pamja, por treguesit e cilësisë

Filtri i dritës në një kameleon: çfarë është dhe cili është më i mirë

Ajo xhami e vogël që është instaluar në helmetën e saldimit është një mrekulli e vërtetë e shkencës dhe teknologjisë. Ai përmban arritjet më të fundit në optikë, mikroelektronikë, kristalet e lëngëta dhe energjinë diellore. Kjo është "xhami". Në fakt, kjo është një tortë e tërë me shumë shtresa, e cila përbëhet nga elementët e mëposhtëm:

Avantazhi kryesor dhe kryesor i një maskë saldimi kameleoni është se edhe nëse nuk ka kohë për të punuar, nuk do të lejojë të hyjë rrezatimi ultravjollcë dhe infra të kuqe (nëse maska ​​ulet). Dhe shkalla e mbrojtjes nga këto efekte të dëmshme nuk varet në asnjë mënyrë nga cilësimet. Në çdo rast dhe me çdo cilësim, ju jeni të mbrojtur nga këto lloj ndikimesh të dëmshme.

Por kjo vetëm nëse "byreku" përmban filtrat e duhur dhe ato janë të cilësisë së duhur. Meqenëse është e pamundur ta kontrolloni këtë pa pajisje speciale, duhet të mbështeteni në certifikata. Dhe maskat duhet t'i kenë ato. Për më tepër, në territorin e Rusisë vetëm dy qendra mund t'i lëshojnë ato: VNIIS dhe Instituti Federal i Buxhetit të Shtetit në Institutin Kërkimor Gjith-Rus të Mbrojtjes së Punës dhe Ekonomisë. Për t'u siguruar që certifikata është e vërtetë, numri i saj mund të gjendet në faqen zyrtare të Shërbimit Federal të Akreditimit në këtë lidhje.

Ky është një formular në faqen e internetit të Rossaccreditation për kontrollimin e certifikatës. Mund të plotësoni vetëm numrin, duke i lënë bosh të gjitha fushat e tjera (Për të rritur madhësinë e figurës, klikoni me të djathtën mbi të)

Numri i certifikatës futet në fushën përkatëse dhe ju merrni datën e vlefshmërisë, informacionin rreth aplikantit dhe prodhuesit. Një shënim i vogël: shkurtesa RPE qëndron për "pajisje mbrojtëse personale optike". Kështu quhet në gjuhën burokratike maska ​​e saldatorit.

Nëse ekziston një certifikatë e tillë, do të shfaqet mesazhi i mëposhtëm. Duke klikuar në lidhjen do të shihni tekstin e certifikatës (Për të zmadhuar madhësinë e imazhit, kliko me të djathtën mbi të)

Gjëja më e rëndësishme është që të siguroheni që ky produkt (nga rruga, krahasoni emrin dhe modelin) është i sigurt për shëndetin tuaj.

Ju mund të jeni të interesuar,

Klasifikimi i filtrave automatikë të saldimit

Meqenëse filtri i dritës dhe cilësia e tij janë elementi kryesor në këtë produkt, duhet të filloni të zgjidhni një maskë kameleoni me të. Të gjithë treguesit e tij klasifikohen sipas standardit EN379 dhe duhet të shfaqen në sipërfaqen e tij përmes një fraksioni.

Tani le të hedhim një vështrim më të afërt se çfarë fshihet pas këtyre numrave dhe çfarë duhet të jenë. Çdo pozicion mund të përmbajë një numër nga 1, 2, 3. Prandaj, "1" është alternativa më e mirë - klasa e parë, "3" është më e keqja - klasa e tretë. Tani le të flasim se cili pozicion tregon cilën karakteristikë dhe çfarë do të thotë.

Shpjegimi i klasifikimit EN37

Klasa optike

Ai pasqyron se sa qartë dhe pa shtrembërim do të jetë e dukshme për ju fotografia përmes filtrit. Varet nga cilësia e xhamit mbrojtës (filmi) i përdorur dhe cilësia e ndërtimit. Nëse "1" vjen së pari, shtrembërimi do të jetë minimal. Nëse vlerat janë më të larta, do të shihni gjithçka sikur përmes një xhami të shtrembër.

Shpërndarja e dritës

Varet nga pastërtia dhe cilësia e kristaleve optike të përdorura. Tregon shkallën e "turbullirës" së figurës së transmetuar. Mund ta krahasoni me xhamin e lagësht të makinës: për sa kohë që nuk ka trafik që vjen përballë, pikat vështirë se ndërhyjnë. Sapo shfaqet një burim drite, gjithçka turbullohet. Për të shmangur këtë efekt, është e nevojshme që pozicioni i dytë të jetë "1".

Uniformiteti ose homogjeniteti

Tregon se sa në mënyrë të barabartë është hije filtri në pjesë të ndryshme. Nëse ka një njësi në pozicionin e tretë, diferenca mund të jetë jo më shumë se 0,1 DIN, 2 - 0,2 DIN, 3 - 0,3 DIN. Është e qartë se do të jetë më komode me errësimin uniform.

Varësia këndore

Pasqyron varësinë e zbehjes nga këndi i shikimit. Edhe këtu, vlera më e mirë është "1" - klasa e parë ndryshon errësimin me jo më shumë se 1 DIN, e dyta me 2 DIN dhe e treta me 3 DIN.

Ja si duket në jetën reale ndryshimi midis një maske me cilësi të lartë dhe një filtri jo shumë të mirë.

Nga e gjithë kjo është e qartë se sa më shumë njësi në karakteristikat e filtrit, aq më komod do të jeni duke punuar në një maskë. Kjo është ajo në të cilën duhet të përqendroheni kur zgjidhni një maskë salduesi kameleoni. Profesionistët preferojnë të paktën parametrat e mëposhtëm: 1/1/1/2. Maska të tilla janë të shtrenjta, por edhe pasi të keni punuar për një kohë të gjatë, sytë tuaj nuk do të lodhen në to.

Salduesit amatorë, për punë të rastësishme, mund t'ia dalin me filtra më të thjeshtë, por klasa 3 konsiderohet si një gjë e së kaluarës. Prandaj, ndoshta nuk ia vlen të blini maska ​​me filtra të tillë.

Dhe një moment. Shitësit zakonisht e quajnë të gjithë këtë klasifikim me një term "Klasa optike". Vetëm se ky formulim pasqyron me mjaft saktësi thelbin e të gjitha karakteristikave.

Ka disa cilësime të tjera kameleoni që ju lejojnë të rregulloni modalitetin e zbehjes për një situatë të caktuar. Ato mund të vendosen brenda, në filtrin e dritës, ose mund të vendosen jashtë në formën e dorezave në të majtë në sipërfaqen anësore të maskës. Këto janë parametrat e mëposhtëm:

Si të zgjidhni maskën e kameleonit

Përveç parametrave të filtrit, ka shumë cilësime dhe veçori të tjera që mund të ndikojnë në zgjedhjen.

• Numri i sensorëve të zbulimit të harkut. Mund të jenë 2, 3 ose 4. Ata reagojnë ndaj shfaqjes së një harku. Vizualisht ato mund të shihen në panelin e përparmë të maskës. Këto janë "dritare" të vogla të rrumbullakëta ose katrore në sipërfaqen e filtrit. Për përdorim amator, mjaftojnë 2 copë, për profesionistët - sa më shumë, aq më mirë: nëse disa bllokohen (bllokohen nga ndonjë objekt kur saldohen në një pozicion të vështirë), atëherë pjesa tjetër do të reagojë.

  

• Shpejtësia e përgjigjes së filtrit. Përhapja e parametrave këtu është e madhe - nga dhjetëra në qindra mikrosekonda. Kur zgjidhni një maskë për saldimin në shtëpi, shponi atë, kameleoni i të cilit do të errësohet jo më vonë se 100 mikrosekonda. Për profesionistët, koha është më pak: 50 mikrosekonda. Ndonjëherë nuk vërejmë ndikime të lehta, por rezultati i tyre janë sytë e lodhur dhe profesionistët kanë nevojë për to gjatë gjithë ditës. Pra, kërkesat janë më të rrepta.
• Madhësitë e filtrave. Sa më i madh të jetë xhami, aq më shumë shikueshmëri keni. Por madhësia e filtrit të dritës ndikon shumë në koston e maskës.
• Rregullim i qetë ose hap pas hapi i shkallës së errësirës. Më mirë - e qetë. Nëse filtri errësohet/ndriçohet me ndërprerje, do të lodheni shpejt. Për më tepër, mund të fillojë të "pulsojë" për shkak të shkëlqimit, gjë që nuk do t'ju pëlqejë.
• Niveli fillestar i hijes dhe diapazoni i rregullimit. Sa më i lehtë të jetë filtri në gjendjen e tij origjinale, aq më mirë do të mund të shihni përpara se të fillojë saldimi. Është gjithashtu e dëshirueshme që të ketë dy diapazon errësues: në shkallë të vogla deri në 8DIN kur punoni me argon ose kur saldoni me hark manual në ndriçim të dobët. Gjithashtu, një person i moshuar mund të ketë nevojë për më pak errësim. dhe në dritë të mirë kërkohet një zbehje deri në 13 DIN. Pra, është më mirë nëse ka dy mënyra: 5-8DIN/8-13DIN.
• Furnizimi me energji elektrike. Shumica e helmetave të saldimit me errësim automatik kanë dy lloje të furnizimit me energji elektrike: bateritë diellore dhe litium. Ky burim i kombinuar i energjisë është më i besueshëm. Por në të njëjtën kohë, ndarja e baterive të litiumit duhet të hapet për të bërë të mundur zëvendësimin e baterive të dështuara. Disa maska ​​të lira kanë bateri të integruara: mund t'i hiqni ato vetëm duke prerë plastikën (që ndonjëherë e bëjnë mjeshtrit tanë).

  

• Pesha. Maska mund të peshojë nga 0,8 kg deri në 3 kg. Nëse ju duhet të mbani një peshë prej tre kilogramësh në kokë për shtatë ose tetë orë, në fund të turnit qafa dhe koka juaj do të ndjehen si dru. Për saldimin amator, ky parametër nuk është shumë kritik, megjithëse nuk është aspak i rehatshëm për të punuar në një maskë të rëndë.
• Lehtë për t'u ngjitur në kokë. Ekzistojnë dy sisteme për ngjitjen e shiritit të kokës dhe vetë mburojës, por për këto maska ​​ato janë pothuajse të parëndësishme: nuk keni nevojë ta ngrini/ulni maskën çdo herë. Mund të anashkalohet gjatë gjithë punës. Ajo që ka rëndësi është sa rregullime ka dhe sa fort ju lejojnë të vendosni shiritin e kokës. Është gjithashtu e rëndësishme që të gjitha këto rripa të mos shtypen ose fërkohen, në mënyrë që saldatori të jetë i rehatshëm.
• Ekziston një rregullim që ju lejon të largoni mburojën nga fytyra juaj. Kjo është e rëndësishme nëse keni nevojë për syze për shikim normal. Pastaj mburoja duhet të largohet nga fytyra juaj për të akomoduar lentet tuaja.

Ndër mënyrat e dobishme, por opsionale, ekziston edhe aftësia për të kaluar maki nga modaliteti i saldimit në modalitetin e bluarjes. Me këtë ndërprerës ju në fakt fikni energjinë e filtrit të dritës, maska ​​juaj bëhet një mburojë e rregullt.

Markat dhe prodhuesit

Ju e dini se si të zgjidhni një maskë kameleoni për saldim, por si të lundroni midis masës së prodhuesve? Në realitet, gjithçka nuk është shumë e vështirë. Ka marka të besuara që furnizojnë gjithmonë produkte me cilësi të lartë dhe konfirmojnë detyrimet e tyre të garancisë. Këtu nuk janë shumë prej tyre:

• SPEEDGLAS nga Suedia;
• OPTREL nga Zvicra;
• BALDER nga Sllovenia;
• OTOS nga Koreja e Jugut;
• TECMEN nga Kina (mos u çuditni, maskat janë vërtet të mira).

Zgjedhja e një maskë kameleoni për përdorim në shtëpi nuk është e lehtë. Nga njëra anë, duhet të jetë me cilësi të lartë, por padyshim që jo të gjithë mund të përballojnë të paguajnë 15-20 mijë për të, dhe nuk është fitimprurëse. Prandaj, ne do të duhet të harrojmë për prodhuesit evropianë. Të paktën prodhojnë maska ​​​​të mira, por çmimet e tyre nuk janë më pak se 70 dollarë.

Ka shumë maska ​​kineze në treg me kosto shumë të ulët. Por blerja e tyre është e rrezikshme. Nëse keni nevojë për një markë të provuar kineze, kjo është TECMEN. Ata në fakt kanë maska ​​kameleoni të certifikuara të cilësisë së fabrikës. Gama e modelit është mjaft e gjerë, çmimet variojnë nga 3 mijë rubla në 13 mijë rubla. Ka filtra të klasit të parë (1/1/1/2) dhe pak më keq, me të gjitha cilësimet dhe rregullimet. Pas përditësimit, edhe maska ​​më e lirë për 3000 rubla (TECMEN DF-715S 9-13 TM8) ka një bateri të zëvendësueshme, një vonesë pastrimi prej 0,1 deri në 1 sekondë, rregullim të qetë dhe një mënyrë funksionimi "bluarje". Fotografia më poshtë tregon karakteristikat e saj teknike. Është e vështirë të besohet, por kushton vetëm 2990 rubla.

Pronarët flasin mirë për helmetat e saldimit Resanta. Nuk ka shumë modele, por MS-1, MS-2 dhe MS-3 janë një zgjedhje e mirë për pak para (nga 2 mijë rubla në 3 mijë rubla).

Maskat Resanta MS-1 dhe MS-3 kanë rregullim të qetë, i cili është padyshim më i përshtatshëm. Por kameleoni MC-1 nuk ka rregullime të ndjeshmërisë. Ata nuk kanë gjasa t'u përshtaten profesionistëve, por janë mjaft të përshtatshëm për përdorim në shtëpi.

Karakteristikat teknike të maskave të kameleonit Resanta

Kompania koreano-jugore OTOS prodhon maska ​​shumë të mira. Çmimet e tij janë pak më të larta se ato të listuara më sipër, por ka dy modele relativisht të lira: OTOS MACH II (W-21VW) për 8,700 rubla dhe ACE-W i45gw (Infotrack™) për 13,690 rubla.

Karakteristikat teknike të OTOS MACH II W-21VW kjo maskë kameleoni është një zgjedhje e denjë edhe për përdorim profesional

Funksionimi i Kameleonit të Saldimit

Kërkesa kryesore për kujdesin e maskës: duhet pasur kujdes për filtrin e dritës: gërvishtet lehtësisht. Prandaj, nuk mund ta vendosni maskën me fytyrë poshtë. Duhet të fshihet vetëm me një leckë plotësisht të pastër dhe të butë. Nëse është e nevojshme, mund ta lagni leckën me ujë të pastër. MOS e fshini me alkool ose ndonjë tretës: filtri është i mbuluar me një shtresë mbrojtëse që tretet në këto lëngje.

Ekziston një veçori tjetër e çdo kameleoni saldimi: ata fillojnë të "ngadalësohen" në temperatura të ulëta. Kjo do të thotë, ata veprojnë me vonesë, dhe në të dy drejtimet - si për errësim ashtu edhe për ndriçim. Kjo veçori është shumë e pakëndshme, kështu që nuk do të mund të punoni normalisht në to në dimër, edhe nëse temperatura e funksionimit është specifikuar si -10°C, si në TECMEN DF-715S 9-13 TM8. Tashmë në -5° gjithçka nuk mund të errësohet në kohë. Pra, në këtë drejtim, OTOS doli të ishte më i sinqertë, duke treguar temperaturën fillestare të funksionimit nga -5°C.

Më në fund, shikoni videon se si të zgjidhni një maskë kameleoni për saldim.

Më sollën një maskë saldatori automatik etaltech et8f me një ankesë - ishte e paqëndrueshme. Fatkeqësisht, nuk e kam fotografuar, është kështu, vetëm ngjitësi është i ndryshëm:

Le të shohim udhëzimet:

Ai thotë bardhë e zi se funksionon në panele diellore. E hap dhe...

Dy bateri litiumi, të mbyllura fort në tabelë. Kaq shumë për panelet diellore... Fatkeqësisht, nuk ka diagrame maskash në internet. Në tabelë shkruhet artotic s777f - Ky është një prodhues kinez i këtyre maskave, si zakonisht, një fabrikë e madhe kineze i thumba produkteve, por ne etiketojmë vetëm markën - Corvette, etalon, kraton, kalibër...

Bateritë e litiumit janë të lidhura në seri dhe kalojnë përmes një diodë në autobusin VCC. Pllaka ka një përforcues operacional 27L2C, dy multiplekse analoge me katër kanale BU4551BF dhe një multivibrator HCF4047. E bëra pak qarkun me inxhinierë të kundërt, shpesh herë kisha këtë shprehje në fytyrën time: Oh, por arrita të kuptoj diçka.

Furnizimi me energji për multipleksuesit i jepet gjithmonë nga KQV. Meqenëse janë CMOS, ato konsumojnë rrymë vetëm gjatë ndërrimit. Bateria diellore është e lidhur me bazën e tranzistorit në mënyrë që kur ka dritë, tranzistori hapet dhe fuqia furnizohet me amplifikatorin operacional përmes transistorit me VCC përmes një filtri. Maska ka dy rezistorë rregullues të ndryshueshëm - shkallën e errësirës dhe ndjeshmërinë. Brenda ka dy çelësa - mënyra e saldimit të mprehjes dhe shpejtësia e rritjes së xhamit pas ndalimit të harkut. Dy fotodioda të lidhura paralelisht përdoren si sensorë. Për më tepër, në modalitetin "mprehje" ata qarkullojnë të shkurtër, të ulur në tokë. Rezulton se bateria diellore përdoret vetëm si sensor. Pas 2-3-5 vitesh, bateritë do të thahen dhe maska ​​do të hidhet, duke blerë një të re. Kjo është mënyra se si kinezët sigurojnë me zgjuarsi një rrjedhë të vazhdueshme porosish. Nuk ofrohen jonistorë ose qarqe karikimi.

Çfarë zbuluam tjetër? Xhami është një sanduiç i dyfishtë i filtrave LCD, domethënë përdoren dy gota për hije të garantuar. Vërtetë, cilësia e xhamit nuk është e lartë dhe pashë qartë një ndryshim në hije midis qendrës dhe skajeve. Xhami lidhet midis daljeve Q dhe!Q të multivibratorit 4047. Në të njëjtën kohë, në xhami ka një valë katrore, amplituda e së cilës është shkalla e hijezimit. Kur shkalla e hijezimit ndryshon nga minimumi në maksimum, amplituda e gjarpërimit ndryshon nga 4.2V në 6V. Për të zbatuar këtë truk të ndërlikuar, voltazhi në hyrjen e fuqisë së multivibratorit ndryshon. Pse ta fuqizoni xhamin me një tension drejtkëndor - nuk e di, nëse duhet të zvogëlohet fenomeni i polarizimit, apo për diçka tjetër. Unë u përpoqa të luaj me gotën ashtu si, nëse i aplikohet tension - ngarkohet si një enë dhe kur hiqet tensioni, shpërndahet për një kohë mjaft të gjatë - duhet të duhen 5-7 sekonda para se të bëhet transparent.

UPD. Rryma alternative për të fuqizuar filtrin LCD përdoret për të eliminuar fenomenin e elektrolizës; nëse e fuqizoni xhamin me rrymë të drejtpërdrejtë, atëherë me kalimin e kohës një nga elektrodat transparente do të shpërndahet. Tensioni i furnizimit është i ndryshëm - për fubag optima 11, voltazhi i furnizimit të xhamit është 24V AC me një frekuencë prej 0,5 Hz.

Vetë sensorët janë fotodiodë në një kuti plastike të ngjyrosur, të krijuar për rrezatim IR, kështu që maska ​​refuzoi me kokëfortësi të ndezë një llambë të kursimit të energjisë. Por ai reagoi ashpër ndaj një monitori LCD dhe funksionoi mirë me një llambë inkandeshente.

Kjo eshte. Duke marrë parasysh mungesën e qarqeve të kontrollit të maskave në internet në përgjithësi, duket si një detyrë interesante të bashkosh një qark kontrolli maskash me burim të hapur në një mikrokontrollues. Me karikim normal nga një bateri diellore, përpunim inteligjent i sinjalit nga sensorët dhe disa funksione shtesë. Për shembull, duke hije automatikisht fort nëse temperatura është nën pragun, ajo ende nuk do të funksionojë shpejt në të ftohtë - kështu që ne do ta mbulojmë plotësisht atë dhe do të bëhemi vetëm një maskë saldimi.

U ra dakord që në fuqitë mbi 600 W është më mirë të përdorni furnizim me energji me dy nivele, i cili ju lejon të shkarkoni seriozisht fazën e daljes dhe të merrni më shumë fuqi me më pak transistorë përfundimtarë. Për të filluar, ia vlen të shpjegohet se çfarë është - ushqimi me dy nivele.
Shpresojmë se nuk ka nevojë të shpjegojmë se çfarë është një burim energjie bipolar; i njëjti opsion mund të quhet "katërpolar", pasi ka 4 tensione të ndryshme në lidhje me telin e përbashkët. Një diagram skematik i një burimi të tillë është paraqitur në Figurën 1.

Foto 1.

Megjithatë, tensioni i furnizimit duhet të furnizohet në fazën përfundimtare të amplifikatorit, por çfarë nëse ka 2 nga këto tensione? Është e drejtë - nevojitet një qark kontrolli shtesë për të njëjtin furnizim me energji elektrike. Sipas parimit të kontrollit, ekzistojnë 2 klasa kryesore - G dhe H. Ato ndryshojnë nga njëra-tjetra kryesisht në atë që klasa G ndryshon tensionin e furnizimit në fazën përfundimtare pa probleme, d.m.th. Transistorët e fuqisë së sistemit të menaxhimit të energjisë funksionojnë në modalitetin e amplifikimit, dhe në klasën H, çelsat e fuqisë së sistemit të menaxhimit të energjisë furnizohen hap pas hapi, d.m.th. Ato janë ose plotësisht të mbyllura ose plotësisht të hapura ...
Diagramet e kohës janë paraqitur në figurat 2 dhe 3, në figurën 2 - klasa G, në figurën 3 - klasa H. Linja blu është sinjali i daljes, vijat e kuqe dhe jeshile janë tensioni i furnizimit të fazës përfundimtare të amplifikatorit të fuqisë .

Figura 2.


Figura 3.

Duket se kemi kuptuar se si duhet të furnizohet energjia në fazën përfundimtare, gjithçka që mbetet është të kuptojmë se me çfarë grupi elementësh duhet ta bëjmë këtë ...
Së pari, le të shohim klasën H. Figura 5 tregon një diagram skematik të një amplifikuesi të fuqisë që funksionon në klasën H.

Figura 4 Zmadho.

Blu tregon tensionin dhe fuqinë për një ngarkesë 4 Ohm, e kuqja për një ngarkesë 8 Ohm, figura gjithashtu tregon burimin e rekomanduar të energjisë. Siç shihet nga diagrami, bërthama e tij përbëhet nga një klasë tipike AB, megjithatë, fuqia furnizohet me amplifikatorin nga një "degë" e tensionit më të lartë të furnizimit me energji elektrike, dhe ndikimi i sinjalit të daljes në tensionin e furnizimit të amplifikatori zvogëlohet (rezistenca R36, R37 zvogëlohet, ndonjëherë vlera e këtyre rezistencave duhet të zvogëlohet deri në 68 Ohms, veçanërisht në fuqitë mbi 1 kW), pasi kur lidhet "kati i dytë" i energjisë, ekziston një goditje në sinjalin e daljes, të cilën jo të gjithë mund ta dëgjojnë, por ndikon mjaft seriozisht në stabilitetin e qarkut ...
Fuqia e furnizuar në fazat përfundimtare kontrollohet nga komporatorët LM311, pragu i reagimit të të cilit rregullohet nga rezistorët shkurtues R73 dhe R77. Për ta vendosur atë në mënyrë korrekte, do t'ju duhet ose dëgjim shumë i mirë ose, mundësisht, një oshiloskop.
Pas komporatorëve janë drejtuesit e tranzistorit që punojnë drejtpërdrejt në portat e mosfiteve të strukturave të ndryshme. Meqenëse mosfitet e kontrollit të energjisë funksionojnë në modalitetin e ndërprerësit, nxehtësia e gjeneruar prej tyre është mjaft e ulët; për ta, rryma maksimale që rrjedh nëpër kryqëzimin e hapur të kullimit-burimit është shumë më e rëndësishme. Për këto qëllime, ne përdorim transistorë IRFP240-IRFP9240 për amplifikatorët deri në 700 W, të njëjtat, por 2 paralelisht për fuqitë deri në 1 kW dhe IRF3710-IRF5210 për fuqitë mbi 1 kW.
Figura 5 tregon një diagram skematik të një amplifikuesi të fuqisë 1400 W të klasës H. Qarku ndryshon nga versioni i mëparshëm në atë që faza përfundimtare tashmë përdor 6 palë transistorë (një përforcues 1000 W kërkon 4 çifte) dhe çelsat e kontrollit të fuqisë janë IRF3710 -IRF5210.

Figura 5. Zmadho

Figura 6 tregon një diagram skematik të amplifikatorit "Chameleon 600 G", që funksionon në klasën G dhe me një fuqi dalëse deri në 600 W, si për një ngarkesë prej 4 Ohms dhe 8 Ohms. Në thelb, kontrolli i "katit të dytë" të furnizimit me energji kryhet nga përsëritësit e tensionit të sinjalit të daljes, vetëm ata së pari furnizohen me një tension referimi shtesë prej 18 volt, dhe sapo tensioni i daljes i afrohet tensionit vlera e "katit të parë" me më shumë se 18 volt, përsëritësit fillojnë të furnizojnë tensionin nga "kati i dytë". Avantazhi i këtij dizajni të qarkut është se nuk ka karakteristikë ndërruese të klasës H, megjithatë, përmirësimi i cilësisë së zërit kërkon sakrifica mjaft serioze - numri i transistorëve në kontrollin e tensionit të furnizimit të fazës përfundimtare duhet të jetë i barabartë me numrin e transistorëve përfundimtarë. vetë, dhe kjo do të jetë pothuajse në kufirin e OBR, d.m.th. kërkon ftohje mjaft të mirë.

Figura 6 Zmadho

Figura 7 tregon një qark amplifikator për një fuqi deri në 1400 W, kutia G, e cila përdor 6 palë transistorë përfundimtarë dhe të kontrollit (për fuqi deri në 1000 W, përdoren 4 palë)

Figura 7 Zmadho

Vizatimet e bordit të qarkut të printuar - versioni i plotë - janë të disponueshme. Vizatimet në formatin lay, në jpg do të jenë pak më vonë...

Karakteristikat teknike të amplifikatorëve janë përmbledhur në tabelë:

Emri i parametrit	Kuptimi
Tensioni i furnizimit, V, jo më shumë me dy nivele
Fuqia maksimale e daljes në një ngarkesë 4 ohm: MIND KAMELEON 600 H MIND KAMELEON 1000 H MIND KAMELEON 1400 H MIND KAMELEON 600 G MIND KAMELEON 1000 G
Tensioni i hyrjes rregullohet duke zgjedhur rezistencën R22 dhe mund të vendoset në standardin 1 V. Megjithatë, duhet theksuar se sa më i lartë të jetë fitimi i brendshëm, aq më i lartë është niveli i THD dhe probabiliteti i ngacmimit.
THD për klasën H dhe fuqinë dalëse 1400 W jo më shumë THD për klasën G dhe fuqi dalëse 1400 W jo më shumë Në fuqinë dalëse përpara se të ndizni "katin e dytë" të energjisë Niveli i THD për të dy amplifikatorët nuk kalon	0,1 % 0,05 %
Rryma qetësuese e rekomanduar e fazës së fundit por një në rezistencën R32 ose R35 tensioni është vendosur në 0,2 V nga rezistenca R8
Rryma e rekomanduar qetësuese e transistorëve terminalë në cilindo nga rezistorët 0,33 Ohm, voltazhi është vendosur në 0,25 V nga rezistenca R29
Rekomandohet të rregulloni mbrojtjen në një altoparlant të vërtetë duke lidhur një rezistencë 6 Ohm paralelisht me altoparlantin dhe duke arritur një shkëlqim të qëndrueshëm të VD7 LED në 75% të fuqisë maksimale.

Fatkeqësisht, ky përforcues ka një pengesë - në tensione të larta të furnizimit, faza diferenciale fillon të nxehet spontanisht për shkak të rrymës së tepërt që rrjedh nëpër të. Reduktimi i rrymës nënkupton rritjen e shtrembërimit, gjë që është shumë e padëshirueshme. Prandaj, është përdorur përdorimi i lavamanëve të nxehtësisë për transistorët e fazës diferenciale:

LEXO TË GJITHË MATERIALIN RRETH NDËRTIMIT TË AMPLIFIKATORIT SEMETRIK

Kurrikula e lëndës

Gazeta nr.	Material edukativ
17	Leksioni nr.1. Qëllimet dhe objektivat kryesore të lëvizjes së Olimpiadës në kontekstin e arsimit modern në Rusi. Historia e lëvizjes së olimpiadës kimike në Rusi. Sistemi i olimpiadave kimike dhe garave krijuese në Rusi. Roli i olimpiadave kimike në arsim dhe shkencë.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V.)
18	Leksioni nr 2. Metodologjia e përgatitjes dhe zhvillimit të olimpiadave në nivele të ndryshme. Organizimi i Olimpiadave të Kimisë: nga e thjeshta në komplekse. Fazat përgatitore, kryesore dhe përfundimtare të organizimit të Olimpiadave. Sistemi i aktorëve të Olimpiadës, roli i tyre.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V.)
19	Leksioni nr.3. Baza konceptuale për përmbajtjen e problemave të olimpiadës. Programi i përafërt i përmbajtjes për faza të ndryshme të olimpiadave kimike: kufij të rreptë apo udhëzime për përgatitje? Klasifikimi i problemeve të olimpiadës. Objektivat e Olimpiadave të Kimisë: nga faza në fazë, nga raundi në raund.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V.) Testi nr. 1(data e fundit: 25 nëntor 2008)
20	Leksioni nr.4. Metodologjia për zgjidhjen e problemeve që përfshijnë një "zinxhir" transformimesh. Klasifikimi i problemeve me skemat e transformimit. Taktika dhe strategji për zgjidhjen e problemeve të olimpiadës me "zinxhirë".
21	Leksioni nr.5. Metodat për zgjidhjen e problemeve në kiminë fizike (1). Probleme në termokimi. Probleme duke përdorur konceptet e "entropisë" dhe "energjisë së Gibbs".(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V., Pavlova M.V.)
22	Leksioni nr.6. Metodat për zgjidhjen e problemeve në kiminë fizike (2). Problemet e bilancit kimik. Probleme kinetike.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V., Pavlova M.V.) Testi nr. 2(data e afatit – 30 dhjetor 2008)
23	Leksioni nr.7. Qasjet metodologjike për kryerjen e detyrave eksperimentale. Klasifikimi i detyrave të raundit eksperimental. Aftësitë praktike të nevojshme për të përfunduar me sukses detyrat eksperimentale.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V., Pavlova M.V.)
24	Leksioni nr.8. Parimet metodologjike të përgatitjes së nxënësve për olimpiada. Përdorimi i teknologjive moderne pedagogjike në përgatitje për olimpiada në nivele të ndryshme. Taktika dhe strategjia e përgatitjes dhe pjesëmarrjes në olimpiada. Puna organizative dhe metodologjike e mësuesit-mentor. Qasjet metodologjike për përpilimin e problemeve të olimpiadës. Olimpiadat si një mjet për përmirësimin e kualifikimeve të mësuesve-mentorëve. Roli i komunikimit në internet dhe i medias në shkëmbimin e përvojës mësimore.(Tyulkov I.A., Arkhangelskaya O.V., Pavlova M.V.)
Puna përfundimtare. Një raport i shkurtër për punën përfundimtare, i shoqëruar me një vërtetim nga institucioni arsimor, duhet të dërgohet në Universitetin Pedagogjik jo më vonë se data 28 shkurt 2009 (Më shumë detaje rreth punës përfundimtare do të publikohen pas leksionit nr. 8.)

I.A.TYULKOV,
O.V.ARKHANGELSKAYA,
M.V. PAVLOVA

LEKTURA Nr.4
Metodologjia për zgjidhjen e problemeve,
që përfshin një "zinxhir" transformimesh

Klasifikimi i problemeve me skemat e transformimit

Në detyrat e Olimpiadës Gjith-Ruse të Kimisë për nxënësit e shkollës, në çdo fazë dhe për çdo grupmoshë të pjesëmarrësve, ka gjithmonë detyra me diagrame të shndërrimeve vijuese të një substance në një tjetër, të cilat karakterizojnë marrëdhëniet midis klasave kryesore të organike dhe substancave inorganike. Një skemë me shumë faza për shndërrimin e një substance në një tjetër në një sekuencë të caktuar shpesh quhet "zinxhir". Në një "zinxhir", disa ose të gjitha substancat mund të jenë të koduara.

Për të përfunduar këto detyra, duhet të njihni klasat kryesore të përbërjeve inorganike dhe organike, nomenklaturën, metodat laboratorike dhe industriale për përgatitjen e tyre, vetitë kimike, duke përfshirë produktet e dekompozimit termik të substancave dhe mekanizmat e reagimit.

"Zinxhirët" janë mënyra optimale për të testuar një sasi të madhe njohurish (pothuajse të gjitha seksionet e kimisë së përgjithshme, inorganike dhe organike) në një problem.

Skemat e transformimeve të substancave mund të klasifikohen si më poshtë.

1) Sipas objekteve:

a) inorganike;

b) organike;

c) të përziera.

2) Sipas llojeve ose mekanizmave të reaksioneve (kjo ka të bëjë kryesisht me kiminë organike).

3)Në formën e një "zinxhiri".

a) Të gjitha substancat jepen pa treguar kushtet e reaksionit.

b) Të gjitha ose disa substanca janë të koduara me shkronja. Shkronja të ndryshme korrespondojnë me substanca të ndryshme, kushtet e reagimit nuk tregohen.

(Në diagrame, shigjetat mund të drejtohen në çdo drejtim, ndonjëherë edhe në të dy drejtimet. Për më tepër, kjo nuk është shenjë e kthyeshmërisë! Reaksione të tilla, si rregull, përmbajnë reagentë të ndryshëm.)

c) Substancat në diagram janë të koduara plotësisht ose pjesërisht me shkronja dhe tregohen kushtet e reagimit ose reagentët.

d) Në diagrame, në vend të substancave jepen elementet që përbëjnë substancat në gjendjet përkatëse të oksidimit.

e) Skemat në të cilat substancat organike janë të koduara në formën e formulave bruto.

Skemat mund të jenë lineare, të degëzuara, në formë katrori ose shumëkëndëshi tjetër (tetraedri, kubi, etj.).

Taktika dhe strategji për zgjidhjen e problemeve të olimpiadës me "zinxhirë"

Në këtë ligjëratë do t'i përmbahemi klasifikimit të detyrave sipas formës paraqitet në një “zinxhir” shndërrimesh të njëpasnjëshme të një lënde në një tjetër.

Për të zgjidhur saktë çdo problem të hartimit të ekuacioneve të reagimit sipas diagramit, duhet:

1) vendosni numra nën ose mbi shigjeta - numëroni ekuacionet e reagimit, kushtojini vëmendje cila rrugë shigjetat drejtohen në zinxhirin e transformimeve;

2) deshifroni substancat e përfaqësuara me shkronja, veti ose formula bruto (përgjigja duhet të jetë i motivuar, d.m.th. është e nevojshme jo vetëm të shënohen formulat e përbërjeve të deshifruara, por të jepen shpjegime të hollësishme të deshifrimit);

3) shkruani (nën numrat e duhur) të gjitha ekuacionet e reagimit;

4) kontrolloni me kujdes nëse koeficientët janë vendosur saktë;

5) shkruani kushtet për reagimet, nëse është e nevojshme.

Një substancë mund të shndërrohet në një tjetër në mënyra të ndryshme. Për shembull, CuO mund të merret nga Cu, Cu(OH) 2, CuSO 4, Cu(NO 3) 3, etj. Çdo e saktë zgjidhje. Për disa probleme jepen zgjidhje alternative.

Le të ilustrojmë pothuajse të gjitha llojet e "zinxhirëve" që jepen në fazën rajonale (III). Niveli i këtyre detyrave është afër programit për ata që hyjnë në universitetet kimike. Prandaj, këta do të jenë shembuj jo vetëm nga grupet e fazave rajonale të Olimpiadës Gjith-Ruse, por edhe nga kartat e provimit pranues në kimi në Universitetin Shtetëror të Moskës. M.V. Lomonosov. Për më tepër, përdoren detyra nga olimpiadat e viteve të fundit që i paraprijnë këtyre provimeve (për shembull, nga konkursi "Conquer the Sparrow Hills" dhe Olimpiada "Lomonosov"). Gjatë zgjidhjes së detyrave në të cilat ka substanca të koduara, jepen shpjegime të hollësishme për deshifrimin e një lidhjeje të veçantë.

Le të fillojmë me detyrat më të lehta.

Të gjitha substancat jepen pa treguar kushtet e reagimit

Detyra 1.

Fe 2 (SO 4) 3 -> FeI 2 -> Fe (OH) 2 -> Fe (OH) 3 -> Fe 2 O 3 -> Fe -> Fe 2 (SO 4) 3.

Zgjidhje

Le të numërojmë zinxhirin:

Për të kryer reaksionin e parë, nevojiten si një agjent reduktues ashtu edhe një përbërës i aftë për të hequr jonin sulfat nga sfera e reaksionit. Për shembull, jodidi i bariumit.

Reaksioni i tretë kërkon një agjent oksidues. Më i përshtatshmi është peroksidi i hidrogjenit, d.m.th. fitohet vetëm një produkt reaksioni. Le të shkruajmë ekuacionet e reaksionit.

1) Fe 2 (SO 4) 3 + 3BaI 2 = 2FeI 2 + I 2 + 3BaSO 4;

2) FeI 2 + 2NaOH = Fe(OH) 2 + 2NaI;

3) 2Fe(OH) 2 + H2O2 = 2Fe(OH) 3;

4) 2Fe(OH) 3 = Fe 2 O 3 + 3H 2 O;

5) Fe 2 O 3 + 2Al = 2Fe + Al 2 O 3;

6) 2Fe + 6H 2 SO 4 (50%) = Fe 2 (SO 4) 3 + 3SO 2 + 6H 2 O.

Detyra 2. Shkruani ekuacionet e reagimit që korrespondojnë me skemën e mëposhtme:

Zgjidhje

1) CH 3 COONa + HCl = CH 3 COOH + NaCl;

2) 5CH 3 COCH 3 + 8KMnO 4 + 12H 2 SO 4 = 5CH 3 COOH + 5CO 2 + 8MnSO 4 + 4K 2 SO 4 + 17H 2 O;

3) 2CH 3 COOH + CaСO 3 = (CH 3 COO) 2 Ca + H 2 O + CO 2 ;

4) CH 3 COCH 3 + 8NaMnO 4 + 11NaOH = CH 3 COONa + 8Na 2 MnO 4 + Na 2 CO 3 + 7H 2 O;

5) (CH 3 COO) 2 Ca + 2NaOH = 2CH 3 COONa + Ca(OH) 2

(CH 3 COO) 2 Ca + Na 2 CO 3 = 2CH 3 COONa + CaСO 3 ;

6) (CH 3 COO) 2 Ca(tv) = CH 3 COCH 3 + CaCO 3.

Detyra 3.

Shkruani ekuacionet e reagimit që korrespondojnë me skemën e mëposhtme:

Zgjidhje

1) 2СuCl + Cl 2 = 2CuCl 2 ;

2) CuCl(i ngurtë) + 3HNO 3 (konc.) = Cu(NO 3) 2 + HCl + NO 2 + H 2 O;

3) Cu + 4HNO 3 (konc.) = Cu (NO 3) 2 + 2NO 2 + 2H 2 O;

4) Cu + Cl 2 = CuCl 2;

5) 2Cl + 2NaOH + O2 = 2CuO + H2O + 2NaCl + 4NH3;

6) C 3 H 3 Cu (në reaksionin 6) mund të jetë vetëm një kripë propine (C 3 H 4), sepse alkinet me një terminal
C = Grupi CH është një acid CH me të cilin reagojnë komplekset e bakrit dhe argjendit.

Cl+CH = C–CH 3 = CuC = C–CH 3 + NH 3 + NH 4 Cl;

7) 2C 3 H 3 Cu + 3H 2 SO 4 (konc.) = 2C 3 H 4 + 2CuSO 4 + SO 2 + 2H 2 O;

8) CuSO 4 CuO + SO 3

CuSO 4 CuO + SO 2 + 0,5O 2;

9) CuO + 2HCl = CuCl2 + H2O;

10) CuCl + 2NH 3 (tretësirë ​​ujore) = Cl;

11) C 3 H 3 Cu + 3HNO 3 (konc.) = Cu (NO 3) 2 + C 3 H 4 + NO 2 + H 2 O (në tretësirë ​​ujore);

12) Cu + 2H 2 SO 4 (konc.) = CuSO 4 + SO 2 + 2H 2 O.

Të gjitha ose disa substanca janë të koduara me shkronja.
Kushtet e reagimit nuk janë të specifikuara

Detyra 4. Skema e transformimit është dhënë:

Shkruani ekuacionet për reaksionet e treguara me shigjeta. Emërtoni substancat e panjohura.

Zgjidhje

Identifikimi i substancave të panjohura. CuSO 4 mund të përgatitet duke tretur Cu, CuO ose Cu 2 O në acid sulfurik. Cu 2 O nuk është i përshtatshëm sepse kjo substancë është tashmë e pranishme në zinxhir. Pra, dy reagimet e para mund të jenë:

1) 2Cu 2 O + O 2 = 4CuO (X 1 = CuO);

2) CuO + H 2 SO 4 = CuSO 4 + H 2 O.

1) Cu 2 O = Cu + CuO

ose Cu 2 O + H 2 = Cu + H 2 O (X 1 = Cu);

2) Cu + 2H 2 SO 4 (konc.) = CuSO 4 + SO 2 + 2H 2 O.

Dihet se hidroksidi i bakrit (II) i sapopërgatitur oksidon aldehidet. Si rezultat i reaksionit fitohet një precipitat portokalli me Cu 2 O. Prandaj X 2 – Cu(OH) 2.

3) CuSO 4 + 2NaOH = Na 2 SO 4 + Cu(OH) 2;

4) 2Cu(OH) 2 + R–CHO = R–COOH + Cu 2 O + 2H 2 O

RCHO + NaOH + 2Cu(OH) 2 = RCOONa + 3H 2 O + Cu 2 O.

Përgjigju. X1 është ose bakër ose oksid bakri(II); X 2 është hidroksid bakri(II) i sapopërgatitur.

Problemi 5(Fakulteti i Kimisë, Universiteti Shtetëror i Moskës, 1998). Shkruani ekuacionet e reaksioneve kimike që korrespondojnë me sekuencën e mëposhtme të transformimeve:

Zgjidhje

Lidhja fillestare (kyç) në këtë skemë është substanca E - aldehid. Le të shqyrtojmë reaksionet 4, 5 dhe 1. Dihet se një reaksion cilësor ndaj një aldehidi është ndërveprimi i tij me Cu(OH) 2 të sapopërgatitur. Rezultati është një acid karboksilik që korrespondon me aldehidin dhe Cu 2 O. Ka të ngjarë që substanca F të jetë Cu 2 O, sepse nga substanca F duhet të fitohet substanca B. Meqenëse substanca B fitohet edhe nga zbërthimi termik i Cu(OH) 2, është e qartë se B është CuO. Nga kjo rrjedh se substanca është C – H 2 O. D është një alkool, i cili reduktohet me ndihmën e CuO në një aldehid. Dhe së fundi, reagimi 2: alkooli (D) përftohet nga hidratimi i një alkeni (në skemë, alkooli merret nga uji!), që do të thotë se duhet të përmbajë të paktën dy atome karboni në zinxhir.

A – Cu(OH) 2; B – CuO;

C – H 2 O; D – RCH 2 CH 2 OH;

E – RCH 2 CHO; F – Cu 2 O.

Ekuacionet e reagimit:

1) Cu(OH) 2 CuO + H2O;

2) H 2 O + R–CH=CH 2 = R–CH 2 –CH 2 OH;

3) R–CH 2 –CH 2 OH + CuO = R–CH 2 –CH=O + Cu + H 2 O;

4) R–CH 2 –CH=O + 2Cu(OH) 2 = R–CH 2 –COOH + Cu 2 O + 2H 2 O

RCHO + NaOH + 2Cu(OH) 2 = RCOONa + 3H 2 O + Cu 2 O;

5) 2Cu 2 O + O 2 4CuO

Cu 2 O = Cu + CuO.

Problemi 6 (për vendim të pavarur).

Shkruani ekuacionet e reaksioneve që korrespondojnë me skemën e mëposhtme të transformimeve vijuese:

Emërtoni substancat X 1 dhe X 2.

Substancat në skemë janë të koduara plotësisht ose pjesërisht me shkronja
dhe tregohen kushtet e rrjedhjes ose reagentët

Detyra 7. Shkruani ekuacionet e reaksioneve kimike që korrespondojnë me sekuencën e shndërrimeve:

Identifikoni substanca të panjohura.

Zgjidhje

Kur hekuri reagon me acid klorhidrik, fitohet klorur hekuri (II). (Kjo shpjegohet me faktin se hidrogjeni në momentin e lëshimit nuk lejon që hekuri të oksidohet në gjendjen e oksidimit +3.) Në reaksionin e dytë, ai oksidohet në, dhe acidi sulfurik mund të reduktohet në squfur ose SO 2. Tretësira që rezulton e kripërave të hekurit (III) ka një mjedis acid, sepse Këto janë kripëra të formuara nga një bazë e dobët dhe acide të forta. Kur shtohet sode - një kripë e një baze të fortë dhe një acid të dobët - ndodh hidroliza e nyjeve, e cila vazhdon deri në fund, d.m.th. formohet një precipitat (Fe(OH) 3) dhe gaz (CO 2). Hidroliza e secilës kripë rrit hidrolizën e tjetrës.

X1 – FeCl2; X 2 – Fe 2 (SO 4) 3 dhe FeCl 3 (përzierje);

X3 – Fe(OH) 3 (ose CO 2, ose NaCl dhe Na 2 SO 4).

Ekuacionet e reagimit:

1) Fe + 2HCl = FeCl2 + H2;

2) 6FeCl 2 + 4H 2 SO 4 = Fe 2 (SO 4) 3 + 4 FeCl 3 + S + 4H 2 O

6FeCl 2 + 6H 2 SO 4 = Fe 2 (SO 4) 3 + 4 FeCl 3 + 3SO 2 + 6H 2 O;

3) 4FeCl 3 + Fe 2 (SO 4) 3 + 9Na 2 CO 3 + 9H 2 O = 6Fe(OH) 3 + 9CO 2 + 12NaCl + 3Na 2 SO 4.

Detyra 8. Shkruani ekuacionet e reaksioneve kimike që korrespondojnë me zinxhirin e mëposhtëm të transformimeve:

Zgjidhje

Le të numërojmë ekuacionet e reagimit në "zinxhir":

Reaksioni 1 është trimerizimi i acetilenit (një metodë tipike për prodhimin e benzenit). Tjetra (reaksioni 2) është alkilimi Friedel-Crafts i benzenit në prani të acidit Lewis AlBr 3 . Brominimi në dritë (reaksioni 3) ndodh në zinxhirin anësor. Tretësira alkoolike e alkalit në reaksionin 4 është një reagent për prodhimin e një alkini nga një derivat dihalogjen i një alkani. Më pas vjen reaksioni i shkëmbimit (reaksioni 5): hidrogjeni në lidhjen e trefishtë në alkin dhe joni i argjendit në një tretësirë ​​amoniaku të oksidit të argjendit. Dhe së fundi (reagimi 6) - fenilacetilenidi i argjendit që rezulton hyn në një reaksion shkëmbimi me jodur metil, si rezultat i të cilit zinxhiri i karbonit zgjatet.

Ekuacionet e reagimit:

1) 3C2H2 = C6H6;

2) C 6 H 6 + C 2 H 5 Br = C 6 H 5 - C 2 H 5 + HBr;

3) C 6 H 5 –C 2 H 5 + 2Br 2 = C 6 H 5 –CBr 2 –CH 3 + 2HBr;

4) C 6 H 5 -CBr 2 -CH 3 + 2KOH = C 6 H 5 -C = CH + 2KBr + H2O;

5) C 6 H 5 –CH +OH = AgC = C–C 6 H 5 + 2NH 3 + H 2 O;

6) AgC = C–C 6 H 5 + CH 3 I = AgI + CH 3 –C = C–C 6 H 5 .

Pra, substancat e koduara:

Në diagrame, në vend të substancave, jepen elemente,
përbërësit e substancave në gjendje oksidimi përkatës

Detyra 9. Shkruani ekuacionet e reagimit që ilustrojnë skemën e transformimit:

Zgjidhje

Le të numërojmë ekuacionet e reaksionit në zinxhir:

Në reaksionin 1, komponimi Fe(II) oksidohet në përbërjen Fe(III) (këto mund të jenë kripëra, hidrokside, okside, etj.). Si një agjent oksidues, ju mund të merrni dikromate ose kromate, permanganate, halogjene, etj.

Në reaksionin 4, hekuri nga gjendja e oksidimit +3 reduktohet në një substancë të thjeshtë. Hekuri metalik zakonisht merret duke reduktuar oksidet e tij (për shembull, me krom ose alumin në temperatura të larta - metalotermi).

Oksidi i hekurit (III) mund të merret nga zbërthimi termik i kripërave ose hidroksidit të tij (reaksioni 3). Reagimi 2 ka të ngjarë të jetë shkëmbim. Reaksioni 5 – bashkëveprimi i hekurit metalik me një acid jooksidues (HCl, HBr, CH 3 COOH, etj.).

Le të shqyrtojmë tre nga të gjitha zgjidhjet e mundshme për këtë problem.

Opsioni i parë:

1) 2Fe 2+ + Cl 2 = 2Fe 3+ + 2Cl – ;

2) Fe 3+ + 3OH – = Fe(OH) 3;

3) 2Fe(OH) 3 = Fe 2 O 3 + 3H 2 O (kalcinim);

5) Fe + 2H + = Fe 2+ + H2.

Opsioni i dytë:

1) 2Fe(OH) 2 + H2O2 = 2Fe(OH) 3;

2) Fe(OH) 3 + 3HNO 3 = Fe(NO 3) 3 + 3H2O;

3) 4Fe(NO 3) 3 = 2Fe 2 O 3 + 12NO 2 + 3O 2 (kalcinim);

4) Fe 2 O 3 + 2Al = Al 2 O 3 + 2Fe;

5) Fe + 2HCl = FeCl 2 + H 2.

Opsioni i tretë:

1) 4FeO + O 2 = 2Fe 2 O 3;

2) Fe 2 O 3 + 3H 2 SO 4 = Fe 2 (SO 4) 3 + 3H 2 O;

3) 2Fe 2 (SO 4) 3 = 2Fe 2 O 3 + 6SO 2 + 3O 2 (kalcinim);

4) Fe 2 O 3 + 2Al = Al 2 O 3 + 2Fe;

5) Fe + 2HCl = FeCl 2 + H 2.

Skemat në të cilat substancat organike
të koduara në formën e formulave bruto

Problemi 10. Shkruani ekuacionet e reagimit që korrespondojnë me skemën e mëposhtme të transformimit:

Në ekuacione, tregoni formulat strukturore të substancave dhe kushtet e reaksionit.

Zgjidhje

Lidhja kryesore në zinxhir është një substancë me formulën C 3 H 4 O 2. Në reaksionin 1, substanca zvogëlohet (katër atome shtesë të hidrogjenit shfaqen në formulën bruto), dhe në reaksionin 3 ajo oksidohet (dy atome shtesë të oksigjenit shfaqen në formulë). Ka shumë të ngjarë që C 3 H 4 O 2 të jetë propandial (CHO–CH 2 –CHO), atëherë C 3 H 4 O 4 është acid propanediolik (COOH–CH 2 –COOH), dhe C 3 H 8 O 2 është propanediol - 1,3 (CH 2 OH–CH 2 –CH 2 OH). Duke arsyetuar në mënyrë të ngjashme (duke llogaritur ndryshimet në numrin e atomeve në molekulë), arrijmë në përfundimin se reaksioni 4 prodhon ester të dyfishtë etilik të acidit propanediolik (C 2 H 5 OOC–CH 2 –COOC 2 H 5). Reaksioni 5 është hidroliza alkaline e esterit, e cila rezulton në kripë C 3 H 2 O 4 Na 2 (NaOOC–CH 2 –COONa), dhe reaksioni 6 me ndihmën e halogjenmetanit prodhon metil ester të dyfishtë të acidit propanediolik (CH 3 OOC– CH 2 – COOCH 3).

Reaksioni 2 – ndërveprimi i propanediolit-1,3 me metanalin për të formuar dioksan-1,3

Ekuacionet e reagimit:

Problemi 11.

Shkruani ekuacionet e reagimit që korrespondojnë me skemën e mëposhtme të transformimit:

Në ekuacione, tregoni formulat strukturore të substancave dhe kushtet e reaksionit.

(Shenjë S N tregon se reaksioni vazhdon me mekanizmin e zëvendësimit nukleofilik.)

Zgjidhje

Le të numërojmë ekuacionet e reaksionit në zinxhir:

Molekula e substancës C 8 H 9 Cl, e marrë përmes një faze nga benzeni, me sa duket përmban një radikal fenil - kjo rrjedh nga raporti i karbonit dhe hidrogjenit në përbërje (C 6 H 5 C 2 H 4 Cl). Atëherë X mund të jetë një substancë C 6 H 5 –CH 2 –CH 3, e cila kthehet në C 6 H 5 –C 2 H 4 Cl kur ekspozohet ndaj klorit në dritë; ose X mund të jetë një substancë C 6 H 5 –CH=CH 2, e cila jep C 6 H 5 C 2 H 4 Cl kur ekspozohet ndaj HCl. Në të dyja rastet, klori shkon në atomin sekondar të karbonit C 6 H 5 CHCl–CH 3.

Substanca Y fitohet nga reaksioni i zëvendësimit nukleofilik të klorit, ka shumë të ngjarë me një grup OH (reaksioni 3). Atëherë reagimi 4 do të jetë një reaksion dehidrimi. C 8 H 8 në kontekstin e këtij problemi është ndoshta C 6 H 5 –CH=CH 2. Në këtë rast, reagimi 5 - oksidimi në lidhjen e dyfishtë me permanganat në një mjedis neutral - çon në formimin e një dioli me formulën bruto C 8 H 10 O 2. Dhe së fundi, shfaqja në formulën përfundimtare të "zinxhirit" (krahasuar me substancën Z) e katër atomeve të tjera të karbonit, katër atomeve të hidrogjenit dhe dy atomeve të oksigjenit nënkupton reagimin e esterifikimit të një dioli dhe acidi acetik.

Ekuacionet e reagimit:

1) C 6 H 6 + CH 2 = CH 2 C 6 H 5 - C 2 H 5;

2) C 6 H 5 –C 2 H 5 + Cl 2 C 6 H 5 –CHCl–CH 3 + HCl;

3) C 6 H 5 –CHCl – CH 3 + NaOH + H 2 O = C 6 H 5 CH(OH) – CH 3 + NaCl;

4) C 6 H 5 –CH(OH)–CH 3 C 6 H 5 CH=CH 2 + H 2 O;

5) 3C 6 H 5 CH=CH 2 + 2KMnO 4 + 4H 2 O = 3C 6 H 5 CH(OH)–CH 2 (OH) + 2MnO 2 + 2KOH;

6) C 6 H 5 CH(OH)–CH 2 (OH) + 2CH 3 COOH =

Si përfundim, ne japim shembuj të detyrave që u prezantuan në rrethi federal* Dhe fazat përfundimtare të Olimpiadës Gjith-Ruse të Kimisë për nxënësit e shkollave. Në këto faza, zinxhirët e transformimeve bëhen më komplekse. Përveç vetë zinxhirit, jepet informacion shtesë për vetitë e substancave të koduara. Për të deshifruar substancat shpesh është e nevojshme të kryhen llogaritjet. Në fund të tekstit të detyrës, zakonisht ju kërkohet të përgjigjeni disa pyetjeve që lidhen me vetitë e substancave nga "zinxhiri".

Problemi 1 (Faza e rrethit federal 2008, klasa e 9-të).

« A, B Dhe NË- substanca të thjeshta. A përgjigjet shpejt me B kur nxehet në 250 °C, duke formuar kristale të kuqe të errët të përbërjes G. Reagimi B Me NË pas fillimit paraprak ai vazhdon shumë dhunshëm, duke çuar në formimin e një substance të pangjyrë D, i gaztë në kushte normale. G, nga ana tjetër, është në gjendje të reagojë me NË në një temperaturë prej 300–350 °C, ndërsa kristalet e kuqe kthehen në pluhur të bardhë E dhe krijohet një lidhje D. Substanca A reagon me D vetëm në një temperaturë prej rreth 800 °C, në këtë rast E Dhe NË. Substanca G mund të sublimohet lehtësisht në presion dhe temperaturë të reduktuar nën 300 °C, por kur nxehet mbi 500 °C avujt e tij dekompozohen për të formuar një substancë B dhe përsëri lidhjet E.

1. Identifikoni substancat A–E.

2. Shkruani ekuacionet për të gjitha reaksionet e përmendura në përputhje me diagramin e dhënë.

3. Si do të ndërveprojnë substancat? G Dhe E me tretësira ujore të sulfurit të natriumit dhe jodidit, me një tepricë të tretësirës së koncentruar të cianidit të kaliumit? Shkruani ekuacionet e reaksionit.

4. Shkruani ekuacionet për reaksionet që ndodhin kur substancat bashkëveprojnë G, D Dhe E me acid nitrik të koncentruar".

Zgjidhje

1. Le t'i kushtojmë vëmendje përqindjeve: lidhjes D, i përbërë nga dy elementë B Dhe NË, i gaztë dhe përmban vetëm 2,74% NË. Një përqindje kaq e vogël tregon se ose masa atomike të elementit NË shumë i vogël, ose në formulë D elementi ka një indeks të madh B. Duke marrë parasysh atë D në nr. është gaz, ka shumë të ngjarë që NË- ky është hidrogjen. Le të testojmë hipotezën tonë. Nëse përbërja D shpreh me formulën H X E në, Kjo

2,74: (97,26/M E) = X : në.

Vini re se lidhjet ku në jo e barabartë me 1, nuk mund të merret nga ndërveprimi i drejtpërdrejtë i elementit me hidrogjenin gjatë një "reagimi të dhunshëm pas fillimit paraprak". Duke rirregulluar ekuacionin, marrim M E = 35.5 X, e cila ka të vetmen zgjidhje të arsyeshme kur X= 1. Kështu, NË- hidrogjeni, B– klorin

Le të përcaktojmë substancën E, e cila përmban 55,94% klor. Formohet gjatë reaksionit të një substance të thjeshtë A me klorur hidrogjeni, dhe hidrogjeni lirohet, gjë që sugjeron: E– klorur i një elementi që formon një substancë të thjeshtë A. Për përbërjen ECl x :

(55,94/35,45) : (44,06/M E) = X.

Nga këtu M E = 27,92 X. Në X= 1 dhe 3, përftohen përkatësisht silikoni (28) dhe kriptoni (84), por kjo bie ndesh me aftësitë e tyre valore dhe kushtet e problemit, por me X= 2, fitohet hekur (56), i cili në reaksion me klorurin e hidrogjenit formon në të vërtetë FeCl 2. Gjatë reagimit të drejtpërdrejtë të hekurit me klorin, formohet një klorur tjetër - FeCl 3.

Pra, substancat e koduara:

A– Fe; B– Cl 2; NË– H2;

G– FeCl3; D– HCl; E– FeCl 2.

2. Ekuacionet e reagimit në zinxhir:

3. 2FeCl 3 + 3Na 2 S = 2FeS + S + 6NaCl;

FeCl2 + Na 2 S = FeS + 2NaCl;

2FeCl 3 + 2NaI = 2FeCl 2 + I 2 + 2NaCl

(reagimet e mundshme:

2FeCl 3 + 6NaI = 2FeI 2 + I 2 + 6NaCl

6FeCl 3 + 18NaI = 2Fe 3 I 8 + I 2 + 18NaCl);

FeCl 3 + 6KCN = K 3 + 3KCl;

FeCl 2 + 6KCN = K 4 + 2KCl.

4. FeCl3 + 4HNO3 = Fe(NO 3) 3 + NOCl + Cl2 + 2H2O;

3HCl + HNO3 = NOCl + Cl2 + 2H2O;

2FeCl 2 + 8HNO 3 = 2Fe(NO 3) 3 + 2NOCl + Cl 2 + 4H 2 O.

Problemi 2 (Faza e rrethit federal 2007, klasa e 10-të).

"Nën A–E(përveç NË) substancat që përmbajnë metale kalimtare janë të koduara.

Përbërja sasiore e substancave A Dhe ME:

A:(Cu)=49,3%, (O)=33,1%, (S)=16,6%.

C:(Co)=50,9%, (O)=34,5%, (S)=13,8%.

1. Identifikoni substancat A–E dhe shkruani ekuacionet e reaksionit.

2. Në cilin rast në diagramin e dhënë është substanca NË del amorf dhe në çfarë kristalor? Sugjeroni një metodë alternative për sintezën e substancave kristalore dhe amorfe NË.

3. Cili është emri i parëndësishëm i substancës? D?»

Zgjidhje

1. Mbledhja e të gjitha fraksioneve të dhëna në masë (si për një substancë A, dhe për substancën ME), nuk do të marrim 100%. Kjo do të thotë që këto substanca përmbajnë të paktën një element më shumë!

Substanca A:

Duke marrë parasysh pjesën e vogël të masës së elementit të panjohur, mund të supozohet se është hidrogjen. Atëherë formula bruto e përbërjes është A: Cu 3 S 2 O 8 H 4, ose Cu 2 SO 3 CuSO 3 2H 2 O.

Substanca ME:

Ngjashëm me rastin e mëparshëm, mund të supozojmë se këtu elementi i panjohur është hidrogjeni. Pastaj formula e substancës ME do të jetë Co 2 (OH) 2 SO 3 .

Substanca NË- kjo është Al(OH) 3. Kur sulfati i aluminit reagon me sulfit natriumi, formohet hidroksid amorf i aluminit. Në rastin e dytë, kur kloruri i trietilamoniumit reagon me Na, formohet hidroksid kristalor i aluminit.

Kur ndërveprojnë NË Dhe ME kur nxehet, formohet aluminat kobalt - Co(AlO 2) 2.

Në një mjedis alkalik, reduktimi i jonit të permanganatit ndodh ose në gjendjen e oksidimit +6 ose në +5, përkatësisht E– K 2 MnO 4 ose K 3 MnO 4 .

A– Cu 2 SO 3 CuSO 3 2H 2 O; B– Al(OH) 3; C– Co 2 (OH) 2 SO 3 ; D– CoAl 2 O 4 ; E– K 2 MnO 4 ose K 3 MnO 4 .

Ekuacionet e reagimit në "zinxhir":

1) 3CuSO 4 + 3Na 2 SO 3 = Cu 2 SO 3 CuSO 3 2H 2 O + 3Na 2 SO 4 + SO 2;

2) 3Na 2 SO 3 + Al 2 (SO 4) 3 + 3H 2 O = 2Al(OH) 3 + 3Na 2 SO 4 + 3SO 2

(së bashku me hidroksidin e aluminit, kjo fazë do të përmbajë sulfate bazë të përbërjeve të ndryshme, por tradicionalisht besohet se formohet hidroksidi amorf i aluminit);

3) Na + Cl = Al(OH) 3 + NaCl + NEt 3 + H2O;

4) 2CoSO 4 + 2Na 2 SO 3 + H 2 O = Co 2 (OH) 2 SO 3 + SO 2 + 2Na 2 SO 4;

5) Co 2 (OH) 2 SO 3 + 4Al(OH) 3 2CoAl 2 O 4 + SO 2 + 7H 2 O;

6) 2KMnO 4 + Na 2 SO 3 + 2KOH = 2K 2 MnO 4 + Na 2 SO 4 + H 2 O

KMnO 4 + Na 2 SO 3 + 2KOH = K 3 MnO 4 + Na 2 SO 4 + H 2 O.

2. Tretësirat e kripërave të aluminit kanë një mjedis acid:

3+ H + + 2+ 2H + + + .

Kur shtohet alkali (ose një zgjidhje ujore e amoniakut), karbonatet ose bikarbonatet, një rritje në pH e tretësirës çon në një zhvendosje të ekuilibrit në të djathtë dhe polimerizimin e komplekseve akuahidrokso përmes kalimit të grupeve hidrokso dhe okso në komplekse polinukleare. Si rezultat, formohet një produkt i përbërjes Al 2 O 3 x H2O( X > 3) (sediment amorf që nuk ka përbërje konstante).

Metoda për prodhimin e hidroksidit amorf të aluminit:

Al 2 (SO 4) 3 + 6KOH = 2Al(OH) 3 + 3K 2 SO 4

Al 2 (SO 4) 3 + 6KHCO 3 = 2Al(OH) 3 + 3K 2 SO 4 + 6CO 2.

Metoda për prodhimin e hidroksidit kristalor të aluminit është kalimi ngadalë i CO 2 përmes një tretësire të tetrahidroksialuminatit të natriumit:

Na + CO 2 = NaHCO 3 + Al(OH) 3.

Në rastin e dytë, merret një produkt i një përbërje të caktuar - Al(OH) 3.

3. Aluminati i kobaltit ka emrin e parëndësishëm "thenar blu".

Problemi 3 (faza përfundimtare 2008, klasa e 10-të).

“Diagrami më poshtë tregon transformimet e komponimeve A–TE që përmban të njëjtin element X.

Gjithashtu i njohur:

Elementi X shfaqet natyrshëm si një mineral A(përmbajtja sipas peshës: Na – 12.06%,
X – 11,34%, H – 5,29%, pjesa tjetër është oksigjen);

B– komponim binar që përmban 15,94% (në masë) X;

NË– gaz pa ngjyrë me densitet ajri rreth 1;

Kompleksi D përdoret në mjekësi në formën e një zgjidhje alkooli;

d-modifikimi Z e ngjashme me grafitin në vetitë fizike;

Substanca DHE përdoret gjerësisht në sintezën organike si agjent reduktues;

Molekula TE(pothuajse e sheshtë) ka një bosht simetrie të rendit të tretë (me një rrotullim të plotë rreth këtij boshti simetrie molekula TE riprodhon pozicionin e tij në hapësirë ​​tre herë); në spektrin 1H NMR të përbërjes TE vërehen dy sinjale.

1. Përcaktoni elementin X. Konfirmoni përgjigjen tuaj me llogaritje.

2. Jepni formulat e përbërjeve A–DHE. Emërtoni mineralin A.

3. Vizatoni formulën strukturore TE dhe emërtoni këtë lidhje.

4. Shkruani ekuacionet për të gjitha reaksionet e paraqitura në diagram.

5. Shkruani ekuacionin e reaksionit X(amorf) me një përzierje të acideve nitrik të koncentruar dhe hidrofluorik.

6. Çfarë shpjegon ngjashmërinë e vetive fizike - modifikimi Z me grafit?

Zgjidhje

1. Substanca binare B e formuar nga bashkëveprimi i një minerali A me fluor kalciumi në prani të acidit sulfurik të koncentruar. Mund të supozohet se B përveç elementit X, përmban fluor. Duke marrë parasysh që valenca e fluorit në përbërje është 1, B mund të shkruhet në formën XF n. Le të përcaktojmë elementin X:

Ku Zoti(X) – masa atomike relative e elementit X, n– valenca X në përbërje B. Nga ky ekuacion gjejmë

Zoti(X) = 3,603 n.

Duke kaluar nëpër vlera n nga 1 në 8. Opsioni i vetëm i arsyeshëm fitohet kur n = 3: Zoti(X) = 10,81, d.m.th. elementi X është bor, (dhe substanca B– trifluorid bor BF 3).

2. Le të gjejmë përbërjen e substancës A.

ato. Na 2 B 4 H 20 O 17, ose Na 2 B 4 O 7 10H 2 O, është minerali "boraks" (substancë A).

Kur trifluoridi i borit reduktohet me hidrid natriumi, formohet një gaz pa ngjyrë NË, ka shumë të ngjarë që përfaqëson një përbërje hidrogjeni të borit. Që nga dendësia NË nga ajri rreth 1, pesha molekulare NËështë afër 29, prandaj, substanca B është diboran B 2 H 6 ( Zoti = 28).

Ndërveprimi i mëtejshëm i diboranit me NaH të tepërt në eter çon në formimin e një hidridi kompleks, i përdorur gjerësisht në sintezën organike si një agjent reduktues - tetrahidridi i natriumit borat Na (substancë DHE).

Kur diborani digjet, formohet oksidi i borit, G– B 2 O 3 , reduktimi i të cilit me alumin metalik çon në formimin e borit amorf. Oksidi i borit reagon me ujin, duke rezultuar në formimin e acidit ortoborik H 3 BO 3 (substancë D, në formën e tretësirës së alkoolit, përdoret në mjekësi me emrin "alkool borik"). Acidi borik reagon me acidin hidrofluorik të përqendruar për të prodhuar një acid kompleks, i cili, pas trajtimit me tretësirë ​​të hidroksidit të natriumit, shndërrohet në tetrafluoroborat natriumi Na (përbërësi E).

Le të shqyrtojmë ndërveprimin e trifluoridit të borit me amoniakun e gaztë. BF 3 – acid tipik Lewis (pranues i çiftit elektronik); një molekulë amoniaku ka një palë të vetme elektronesh, d.m.th. NH 3 mund të veprojë si një bazë Lewis. Kur trifluoridi i borit reagon me amoniak, formohet një adukt me përbërje BF 3 NH 3 (komponim DHE) (lidhja kovalente midis atomeve të borit dhe azotit formohet sipas mekanizmit dhurues-pranues). Ngrohja e këtij adukti mbi 125 °C çon në formimin e nitridit të borit BN (komponim Z).

3. Kur diborani reagon me gaz amoniak pas ngrohjes, produkti formohet TE, që përmban hidrogjen, bor dhe ndoshta azot. Molekula TE ka një strukturë të sheshtë, simetria e saj e lartë tregon një analog të mundshëm karboni të këtij përbërësi - benzen. Megjithatë, në mënyrë që një molekulë TE Kishte dy lloje të atomeve të hidrogjenit dhe kishte një bosht simetrie të rendit të tretë, ishte e nevojshme të vendoseshin në mënyrë alternative atomet e azotit dhe borit në unazën "benzen" në vend të atomeve të karbonit (Fig.). Kompleksi TE i quajtur "benzen inorganik" (borazol).

4. Ekuacionet e reaksioneve të përshkruara në problem:

1) Na 2 B 4 O 7 10H 2 O + 6CaF 2 + 8H 2 SO 4 (konc.) = 4BF 3 + 2NaHSO 4 + 6CaSO 4 + 17H 2 O;

2) 2BF 3 + 6NaH = B 2 H 6 + 6NaF;

3) B 2 H 6 + 3O 2 = B 2 O 3 + 3H 2 O;

4) B 2 O 3 + 2Al = Al 2 O 3 + 2B;

5) B2H6 + 2NaH 2Na;

6) B 2 O 3 + 3H 2 O = 2H 3 BO 3;

7) H 3 BO 3 + 4HF (konc.) = H + 3H 2 O,

H + NaOH = Na + H2 O;

8) BF 3 + NH 3 = BF 3 NH 3;

9) 4BF 3 NH 3 BN + 3NH 4 BF 4 ;

10) 3B 2 H 6 + 6NH 3 2B 3 N 3 H 6 + 12H 2.

5. B (amorf) + 3HNO 3 (konc.) + 4HF (konc.) = H + 3NO 2 + 3H 2 O.

6. Vini re se grimca BN është izoelektronike me grimcën C 2; shuma e rrezeve kovalente të atomeve të borit dhe azotit është afërsisht e barabartë me shumën e dy rrezeve kovalente të atomit të karbonit. Përveç kësaj, bor dhe azoti kanë aftësinë për të formuar katër lidhje kovalente (tre përmes mekanizmit të shkëmbimit dhe një përmes mekanizmit dhurues-pranues). Në përputhje me rrethanat, BN gjithashtu formon dy modifikime strukturore - të ngjashme me grafit (-modifikimi) dhe në formë diamanti (-modifikimi). Kjo është arsyeja pse -BN është shumë e ngjashme në vetitë fizike me grafitin (refraktariteti, vetitë lubrifikuese).

Letërsia

Objektivat e Olimpiadave Gjith-Ruse të Kimisë. Ed. akad. RAS, prof. V.V. Lunina. M.: Provim, 2004, 480 fq.; Kimia: formula për sukses në provimet pranuese. Tutorial. Ed. N.E. Kuzmenko, V.I. Terenina. M.: Shtëpia Botuese e Universitetit Shtetëror të Moskës, Nauka, 2006, 377 f.; Kimi-2006: Provimet e hyrjes në Universitetin Shtetëror të Moskës. Ed. prof. N.E. Kuzmenko dhe prof. V.I.Terenina. M.: Shtëpia Botuese e Universitetit Shtetëror të Moskës, 2006, 84 f.; Provimet e pranimit dhe olimpiada në kimi në Universitetin e Moskës: 2007. Ed. prof. N.E. Kuzmenko dhe prof. V.I.Terenina. M.: Shtëpia Botuese e Universitetit Shtetëror të Moskës, 2008, 106 f.; Objektivat e Olimpiadës Gjith-Ruse në Kimi të rrethit federal dhe fazat përfundimtare të 2003-2008. Internet. http://chem.rusolymp.ru; www.chem.msu.ru.

* Deri në vitin 2008 përfshirëse, VOSH(x) zhvillohej në pesë faza: shkollore, komunale, rajonale, rrethi federal dhe final. - shënim autorët.

AMPovichok
TË RRITUR

AMPLIFICATORË TË TJERA TENSIONI

KAMELEON

Sidoqoftë, dizajni i qarkut të Lanzar mund të ndryshohet pak, duke përmirësuar ndjeshëm karakteristikat, duke rritur efikasitetin pa përdorur një burim shtesë energjie, nëse i kushtoni vëmendje pikave të dobëta të amplifikatorit ekzistues. Para së gjithash, arsyeja e rritjes së shtrembërimit është ndryshimi i rrymës që rrjedh nëpër transistorë, i cili ndryshon në intervale mjaft të mëdha. Tashmë është zbuluar se amplifikimi kryesor i sinjalit ndodh në fazën e fundit të UNA, e cila kontrollohet nga transistori i fazës diferenciale. Gama e ndryshimeve në rrymën rrjedhëse përmes fazës diferenciale është mjaft e madhe, pasi duhet të hapë tranzistorin e fazës së fundit të OKB-së, dhe prania e një elementi jolinear si ngarkesë (kryqëzimi bazë-emetues). nuk kontribuojnë në ruajtjen e rrymës në një tension të ndryshueshëm. Për më tepër, në fazën e fundit të UNA, rryma gjithashtu ndryshon brenda një gamë mjaft të gjerë.
Një nga opsionet për zgjidhjen e këtij problemi është futja e një përforcuesi aktual pas fazës diferenciale - një ndjekës banal emetues, i cili shkarkon fazën diferenciale dhe lejon kontroll më të saktë të rrymës që rrjedh nëpër bazën e fazës së fundit të UNA. Për të stabilizuar rrymën, gjeneratorët aktualë zakonisht futen në fazën e fundit të UNA, por ky opsion do të shtyhet tani për tani, pasi ka kuptim të provoni një opsion më të lehtë, i cili gjithashtu do të ndikojë ndjeshëm në rritjen e efikasitetit.
Ideja është të përdoret një përforcues tensioni, jo vetëm për një kaskadë të veçantë, por për të gjithë UA. Një nga opsionet e para për zbatimin e këtij koncepti ishte përforcuesi i fuqisë nga A. Ageev, mjaft i njohur në mesin e viteve '80, i botuar në RADIO Nr. 8, 1982 (Figura 45, modeli AGEEV.CIR).

Figura 45

Në këtë qark, voltazhi nga dalja e amplifikatorit furnizohet, nëpërmjet një ndarësi R6/R3, për anën pozitive dhe R6/R4 për atë negative, në terminalet e fuqisë së amplifikatorit operacional që përdoret si përforcues tensioni. Për më tepër, niveli i tensionit DC stabilizohet nga D1 dhe D2, por madhësia e komponentit të ndryshueshëm varet vetëm nga amplituda e sinjalit të daljes. Kështu, ishte e mundur të merrej një amplitudë shumë më e madhe në daljen e op-amp pa tejkaluar vlerën e tensionit të tij maksimal të furnizimit, dhe u bë e mundur të fuqizohej i gjithë amplifikatori nga +-30 V (ky version u përshtat për të importuar baza e elementit, burimi origjinal fuqizohej nga +-25 V, dhe op-amp ishte me një tension maksimal të furnizimit +-15 V). Nëse kaloni në modalitet STUDIMI I TRANZICIONIT, atëherë oshilogramet e mëposhtme do të shfaqen në "ekranin e oshiloskopit":

Figura 46

Këtu vija blu është tensioni i furnizimit plus, vija e kuqe është tensioni i furnizimit minus, vija e gjelbër është tensioni i daljes, vija rozë është dalja pozitive e tensionit të furnizimit të op-amp, vija e zezë është tensioni negativ i furnizimit prodhimi i op-amp.. Siç mund të shihet nga "oshilogramet", vlera e tensionit të furnizimit me op-amp mbetet në nivelin 18 V, por vetëm në lidhje me njëri-tjetrin, dhe jo në lidhje me telin e përbashkët. Kjo bëri të mundur rritjen e tensionit në daljen e op-amp në një vlerë të tillë që edhe pas dy ndjekësve të emituesit të arrijë 23 V.
Bazuar në idenë e fuqisë lundruese, e cila u përdor nga Ageev, si dhe në futjen e një amplifikuesi të rrymës pas fazës diferenciale, u projektua një përforcues i fuqisë, qarku i të cilit është paraqitur në figurën 47, modeli Chameleon_BIP.CIR , i quajtur Kameleon, pasi ju lejon të rregulloni mënyrat kryesore në tensionin e furnizimit të përdorur - rregullimi i rrymës së qetë të fazës së fundit të UNA.

Figura 47 (E zmadhuar)

Përveç zgjidhjeve të qarkut të përshkruara më sipër, u prezantua një tjetër - rregullimi i rrymës së qetë të fazës së fundit të UNA, dhe me elementë të stabilizimit termik. Rryma e qetë e fazës së fundit të UNA rregullohet duke shkurtuar rezistencën R12. Në transistorët Q3 dhe Q6, janë bërë pasues emetues që shkarkojnë fazën diferenciale; në zinxhirët R20, C12, R24, R26 për krahun pozitiv dhe në R21, C13, R25, R27 për krahun negativ, një rritje e tensionit për UNA. është bërë. Përveç rritjes së efikasitetit, përforcuesi i tensionit kryen një funksion tjetër dytësor - për shkak të faktit se amplituda aktuale e sinjalit është ulur, diapazoni i ndryshimeve në rrymë përmes fazës së fundit të VNA është ulur gjithashtu, gjë që e bëri atë është e mundur të braktiset futja e një gjeneratori aktual.
Si rezultat, niveli THD në një tension të hyrjes prej 0.75 V ishte:

Figura 49

Siç mund të shihet nga grafiku që rezulton, niveli i THD u ul pothuajse 10 herë në krahasim me Lanzar me PBVC.
Dhe këtu duart tuaja tashmë kanë filluar të kruhen - duke pasur një nivel kaq të ulët THD, dëshironi të rrisni fitimin tuaj, të shtoni më shumë transistorë të linjës dhe të "mbikaloni" këtë amplifikator në një nivel pop me një fuqi dalëse rreth 1. kW.
Për eksperimente, duhet të hapni skedarin Chameleon_BIP_1kW.CIR dhe të kryeni një seri "matjesh" kryesore - rryma qetësuese, vlerën e tensionit të drejtpërdrejtë në dalje, përgjigjen e frekuencës, nivelin THD.
Karakteristikat e marra janë mbresëlënëse, por...
Pikërisht në këtë pikë praktika ndërhyn me teorinë, dhe jo në mënyrën më të mirë.
Për të zbuluar se ku fshihet problemi, duhet të vraponi LLOGARITJA DC dhe aktivizoni modalitetin e shfaqjes së shpërndarjes së energjisë. Duhet t'i kushtoni vëmendje transistorëve të fazës diferenciale - rreth 90 mW shpërndahen në secilin. Për rastin TO-92, kjo do të thotë që transistori fillon të ngrohë kasën e tij dhe duke pasur parasysh faktin se të dy transistorët duhet të jenë sa më afër njëri-tjetrit në mënyrë që të ngrohen në mënyrë të barabartë dhe të mbajnë rryma të barabarta qetësie. Rezulton se "fqinjët" jo vetëm që ngrohen, por edhe ngrohen njëri-tjetrin. Për çdo rast, duhet të kujtojmë se kur nxehet, rryma përmes tranzistorit rritet, prandaj, rryma qetësuese e kaskadës diferenciale do të fillojë të rritet dhe të ndryshojë mënyrat e funksionimit të kaskadave të mbetura.
Për qartësi, vendosni rrymën qetësuese të fazës përfundimtare në 200 mA dhe më pas caktoni një emër tjetër për transistorët Q3 dhe Q6, menjëherë në dritaren e emërtimit shtoni një vizë më të ulët dhe një njësi për të marrë sa vijon: 2N5410_1 dhe 2N5551_1. Kjo është e nevojshme për të përjashtuar ndikimin e parametrave të ndryshueshëm të transistorëve të fazës diferenciale. Tjetra, duhet të vendosni temperaturën e transistorëve të fazës diferenciale të jetë e barabartë me, për shembull, 80 gradë.
Siç mund të shihet nga llogaritjet që rezultojnë, rryma e qetë është ulur dhe aq shumë sa që tashmë do të vërehet një "hap". Nuk është e vështirë të llogaritet se me një rrymë qetësuese fillestare prej 50 mA, rryma qetësuese e fazës përfundimtare do të bëhet praktikisht zero ndërsa faza diferenciale ngrohet, d.m.th. Përforcuesi do të shkojë në klasën B.
Përfundimi sugjeron vetë - është e nevojshme të zvogëlohet shpërndarja e fuqisë së kaskadës diferenciale, por kjo mund të bëhet vetëm duke zvogëluar rrymën qetësuese të këtyre transistorëve, ose duke ulur tensionin e furnizimit. E para do të shkaktojë një rritje të shtrembërimit, dhe e dyta do të shkaktojë një ulje të fuqisë.
Ekzistojnë dy opsione të tjera për zgjidhjen e problemit - mund të përdorni lavamanët e nxehtësisë për këta transistorë, por kjo metodë, megjithë efikasitetin e saj, nuk i shton shumë besueshmërisë - kërkohet fryrja e vazhdueshme e kasës për të parandaluar ngrohjen e radiatorëve në kritike. temperaturat në një rast të ajrosur dobët. Ose ndryshoni modelin e qarkut edhe një herë.
Sidoqoftë, para ndryshimit tjetër, ky përforcues ende duhet të modifikohet, përkatësisht, të rrisë vlerësimet e R24 dhe R25 në 240 Ohms, gjë që do të sjellë një ulje të lehtë të tensionit të furnizimit të UNA, dhe natyrisht, zvogëlimin e tensionit të furnizimit në +-90 V, dhe pakëson fitimin e vet.

Ftohja e fazës diferenciale të amplifikatorit Kameleon të versionit të mëparshëm

Si rezultat i këtyre manipulimeve, rezulton se ky përforcues me një tension hyrës prej 1V është i aftë të zhvillojë rreth 900 W me një ngarkesë prej 4 Ohms, me një nivel THD prej 0,012%, dhe me një tension të hyrjes prej 0,75 V - 0,004%.
Për sigurim, mund të vendosni copa tubi nga antena teleskopike e radios në transistorët e fazës diferenciale. Për ta bërë këtë, ju nevojiten 6 copa me një gjatësi prej 15 mm dhe një diametër prej 5 mm. Vendosni pastë termike brenda tubit, bashkoni tubat së bashku, pasi i keni vendosur më parë në transistorët e stadit diferencial dhe pasuesit e emetuesit që i ndjekin dhe më pas i lidhni me atë të përbashkët.
Pas këtyre operacioneve, amplifikatori rezulton të jetë mjaft i qëndrueshëm, por është akoma më mirë ta përdorni me një tension furnizimi prej +-80 V, pasi një rritje në tensionin e rrjetit (nëse burimi i energjisë nuk është i stabilizuar) do të çojë në një rritje në furnizimin me energji të amplifikatorit dhe do të ketë një diferencë për kushtet e temperaturës.
Radiatorët për kaskadën diferenciale nuk mund të përdoren nëse voltazhi i furnizimit nuk kalon +-75 V.
Vizatimi i tabelës së qarkut të printuar është në arkiv, instalimi është gjithashtu në 2 kate, testimi dhe rregullimi i performancës janë të njëjta si në amplifikatorin e mëparshëm.

AMP VP apo STORM apo?

Më tej, ne do të shqyrtojmë një përforcues të njohur më mirë si "AMPLIFIER I V. PEREPELKIN" ose "AMPLIFIER VP", megjithatë, duke vendosur OR në titullin e kapitullit, nuk kishte në asnjë mënyrë synimin për të cenuar punën e V. Perepelkin për hartimin e një seria e amplifikatorëve të tij - u bë shumë punë dhe në fund dolëm të ishim amplifikatorë mjaft të mirë dhe të gjithanshëm. Sidoqoftë, qarku i përdorur ka qenë i njohur për një kohë mjaft të gjatë dhe sulmet ndaj STORM në lidhje me ndryshimin dhe klonimin nuk janë plotësisht të drejta dhe shqyrtimi i mëtejshëm i zgjidhjeve të qarkut do të sigurojë informacion të plotë rreth dizajnit të të dy amplifikatorëve.
Në amplifikatorin e mëparshëm, u shfaq një problem me vetë-ngrohjen e fazës diferenciale në tensione të larta të furnizimit dhe u tregua fuqia maksimale që mund të merrej duke përdorur modelin e propozuar të qarkut.
Ngrohja e vetë kaskadës diferenciale mund të eliminohet, dhe një nga opsionet për zgjidhjen e këtij problemi është ndarja e fuqisë së shpërndarë në disa elementë, por më e popullarizuara është përfshirja e dy transistorëve të lidhur në seri, njëri prej tyre që punon si pjesë e kaskada diferenciale, e dyta është një ndarës i tensionit.
Figura 60 tregon diagramet duke përdorur këtë parim:

Figura 60

Për të kuptuar se çfarë ndodh me këtë zgjidhje, duhet të hapni skedarin WP2006.CIR, i cili është një model amplifikator nga V. Perepelkin, i njohur në internet si WP.
Përforcuesi përdor një UN, të ndërtuar sipas parimeve të shembujve të mësipërm, por paksa i modifikuar - faza e daljes së OKB-së nuk funksionon në një tranzistor të stabilizimit termik, siç ndodh zakonisht, por në të vërtetë është një pajisje e veçantë me një dalje. - pika e lidhjes së kolektorëve të transistorëve Q11 dhe Q12 (Figura 61) .

Figura 61 (E ZMADUR)

Qarku përmban vlerësimet aktuale të njërit prej amplifikatorëve, megjithatë, ishte e nevojshme të zgjidhej një rezistencë R28 në model, përndryshe do të kishte një tension konstant të papranueshëm në daljen e amplifikatorit. Gjatë kontrollit LLOGARITJA DC Kushtet termike të kaskadës diferenciale janë mjaft të pranueshme - 20...26 mW i jepen kaskadës diferenciale. Transistori Q3 i instaluar më sipër shpërndan pak më shumë se 80 mW, që është gjithashtu brenda intervalit normal. Siç shihet nga llogaritjet, futja e transistorëve Q3 dhe Q4 është mjaft logjike dhe problemi i vetë-nxehjes së fazës diferenciale është zgjidhur me mjaft sukses.
Këtu duhet të theksohet se Q3, si Q4, mund të shpërndajë pak më shumë se 100 mW, pasi ngrohja e këtij tranzistori ndikon në ndryshimin e rrymës së qetë vetëm të fazës së fundit të NA. Për më tepër, ky tranzistor ka një lidhje mjaft të rreptë me rrymën bazë - për tension konstant funksionon në modalitetin e përcjellësit të emetuesit, dhe për komponentin e ndryshueshëm është një kaskadë me një bazë të përbashkët. Por fitimi në tensionin alternativ nuk është i madh. Barra kryesore e rritjes së amplitudës është ende në fazën e fundit të NA dhe kërkesa më të larta vendosen ende në parametrat e transistorëve të përdorur. Faza e fundit përdor një përforcues tensioni të organizuar në kondensatorët C16 dhe C17, i cili bëri të mundur rritjen e ndjeshme të efikasitetit.
Duke marrë parasysh nuancat e këtij përforcuesi dhe dëshirën për të përdorur një fazë tradicionale të daljes, u krijua modeli tjetër - Storm AB.CIR. Diagrami skematik është paraqitur në Figurën 62.

Figura 62 (E zmadhuar)

Për të rritur efikasitetin, ky përforcues përdor një furnizim me energji lundruese për UNA, shtohet një integrues në X2 për të ruajtur automatikisht zeron në dalje dhe gjithashtu futet një rregullim i rrymës qetësuese (R59) të fazës së fundit të UNA. . E gjithë kjo bëri të mundur uljen e fuqisë termike të lëshuar në transistorët e fazës diferenciale në nivelin 18 mW. Në këtë mishërim, u përdor mbrojtja nga mbingarkesa e amplifikatorit Lynx-16 (supozohet se Q23 kontrollon tiristorin, i cili nga ana tjetër kontrollon kunjat lidhëse të optobashkuesit T4 dhe T5). Për më tepër, përforcuesi i fundit përdor një qasje tjetër jo plotësisht tradicionale - kondensatorët me kapacitet të lartë instalohen paralelisht me rezistorët R26 dhe R27, gjë që bëri të mundur rritjen e konsiderueshme të fitimit të kësaj faze - nuk është sekret që rezistorët në qarqet e emetuesit janë përdoret për stabilizim termik dhe sa më e madhe të jetë vlera e kësaj rezistence, aq më e qëndrueshme termikisht do të jetë kaskada, por fitimi i kaskadës do të reduktohet proporcionalisht. Epo, meqenëse ky seksion është mjaft kritik, kondensatorët C15 dhe C16 duhet të përdoren si kondensatorë që mund të rimbushen mjaft shpejt. Elektrolitet konvencionale (TK ose SK) sjellin vetëm shtrembërim shtesë për shkak të inercisë së tyre, por kondensatorët e përdorur në teknologjinë kompjuterike, shpesh të referuar si pulsues (WL), përballen në mënyrë të përsosur me detyrat që u janë caktuar.(Figura 63).

Figura 63

Të gjitha këto ndryshime bënë të mundur rritjen e stabilitetit termik, si dhe uljen mjaft serioze të nivelit të THD (mund ta verifikoni këtë, si dhe të kontrolloni vetë shkallën e stabilitetit termik).
Diagrami skematik për versionin me dy blloqe është paraqitur në Figurën 64, modeli Stormm_BIP.CIR

Figura 64 (E zmadhuar)

Emri STORM u dha për aftësinë për të rritur pa dhimbje tensionin e furnizimit në +-135, i cili nga ana tjetër bën të mundur, duke përdorur ndërprerës të veçantë, transferimin e amplifikatorit në klasën G ose H, dhe kjo është një fuqi deri në 2000 W. . Në fakt, amplifikatori VP-2006 gjithashtu përkthehet mirë në këto klasa; më saktë, paraardhësi ishte projektuar për klasën H, por meqenëse fuqi të tilla të larta praktikisht nuk nevojiten në jetën e përditshme, dhe potenciali në këtë qark është mjaft i mirë, çelsat u hoqën dhe u shfaq një klasë e pastër AB.

AMPLIFIKATOR HOLTON

Parimi i ndarjes së fuqisë së shpërndarë të një faze diferenciale përdoret gjithashtu në përforcuesin mjaft të njohur Holton, diagrami i qarkut të të cilit është paraqitur në Figurën 65.

Figura 65 (E zmadhuar)

Modeli i amplifikatorit është në skedarin HOLTON_bip.CIR. Ai ndryshon nga versioni klasik në përdorimin e transistorëve bipolarë si fazë përfundimtare, prandaj rekomandohet fuqimisht përdorimi i transistorëve me efekt në terren si faza e parafundit.
Vlerat e rezistorëve R3, R5, R6, R7, R8 gjithashtu u rregulluan pak, dhe dioda zener D3 u zëvendësua me një tension më të lartë. Të gjitha këto zëvendësime shkaktohen nga nevoja për të kthyer rrymën qetësuese të fazës diferenciale në një nivel që siguron shtrembërim minimal, si dhe për të shpërndarë në mënyrë më të barabartë fuqinë e shpërndarë. Kur përdorni një përforcues me një furnizim me energji më të vogël se ai i përdorur në këtë model, është e nevojshme të zgjidhni elementët e treguar në atë mënyrë që rryma e kërkuar qetësuese e fazës diferenciale të kthehet përsëri.
Karakteristikat e projektimit të qarkut përfshijnë një gjenerator të rrymës në kaskadën diferenciale, simetrinë e sinjalit të hyrjes në lidhje me sinjalin e reagimit. Kur fuqizoni UNA nga një burim i veçantë energjie, mund të arrini një fuqi vërtet maksimale të daljes.
Pamja e amplifikatorit të përfunduar (versioni 300 W me dalje bipolare) tregohet në figurat 66 dhe 67.

Figura 66

Figura 67

Pothuajse NATALI

Ky është një version mjaft i thjeshtuar i amplifikatorit NATALY me cilësi të lartë, megjithatë, parametrat e versionit të thjeshtuar rezultuan mjaft të mirë. Modeli në skedar Nataly_BIP.CIR, diagrami i qarkut në figurën 68.

Figura 68 (E zmadhuar)

Remiksi i Sukhov sepse ky është i njëjti përforcues VV i N. Sukhov, vetëm se është bërë sipas një qarku simetrik dhe përdor pajisje tërësisht të importuara. Diagrami skematik në figurën 69, modeli në skedarin Suhov_sim_BIP.CIR.

Figura 69 (E zmadhuar)

Do të doja të ndalem pak më në detaje në këtë model, pasi ai ishte i ngulitur në metal (Figura 69-1).

Figura 69-1

Edhe me sy të lirë mund të shihni se OKB-ja duket disi e veçantë - ka pjesë të ngjitura sipër, qëllimi i të cilave ia vlen të shpjegohet. Ato janë krijuar për të qetësuar këtë përforcues, i cili doli të ishte shumë i prirur ndaj agjitacionit.
Nga rruga, nuk ishte e mundur të qetësohej plotësisht. Stabiliteti shfaqet vetëm në një rrymë qetësuese të fazës përfundimtare të rendit prej 150 mA. Tingulli nuk është aspak i keq, njehsori THD, i cili ka një kufi prej 0.1%, praktikisht nuk tregon shenja jete, dhe vlerat e llogaritura janë gjithashtu shumë treguese (Figura 69-2), por realiteti flet për diçka. krejtësisht ndryshe - ose kërkohet një ripërpunim serioz i bordit, bordet në të cilat janë ndjekur shumica e rekomandimeve për paraqitjen e bordit, ose ky dizajn qarku është braktisur.

Figura 69-2

A duhet të them që ky përforcues ishte një dështim? Është e mundur, sigurisht që është e mundur, por KY përforcues është një shembull i faktit se modelimi është larg realitetit dhe një amplifikator i vërtetë mund të ndryshojë ndjeshëm nga modeli.
Prandaj, ky përforcues fshihet si një enigmë dhe i shtohen disa të tjera, të cilat u përdorën së bashku me të njëjtën OKB.
Opsionet e propozuara kanë një kaskadë përfundimtare që funksionon me OOS-in e vet, d.m.th. duke pasur kafenenë e tyre. fitim, i cili ju lejon të zvogëloni fitimin e vetë UA dhe, si rezultat, të zvogëloni nivelin e THD.

Figura 69-3 Diagrami skematik i një amplifikuesi me një fazë përfundimtare bipolare (E ZMADUR)

Figura 69-4 Qarqet THD të Figura 69-3

Figura 69-4 Diagrami i qarkut me fazën e daljes me efekt në terren (I ZMADUR)

Figura 69-6 Qarqet THD të Figura 69-5

Modifikimet e vogla, futja e një amplifikuesi buffer bazuar në një op-amp të mirë me përsëritës për të rritur kapacitetin e ngarkesës pati një efekt shumë të mirë në parametrat e këtij amplifikatori, i cili ishte i pajisur edhe me një hyrje të balancuar. Modeli VL_POL.CIR, diagrami i qarkut në figurën 70. Modelet VL_bip.CIR - version bipolar dhe VL_komb.CIR - me punëtorë në terren në kaskadën e parafundit.

Figura 70 (E zmadhuar)

Një përforcues mjaft popullor, megjithatë, modeli i versionit origjinal nuk bëri përshtypje (skedari OM.CIR), kështu që u bënë disa ndryshime gjatë rafinimit të OKB-së për modelin e propozuar. Rezultatet e ndryshimit mund të shihen duke përdorur skedarin me modelin OM_bip.CIR, diagrami i qarkut është paraqitur në Figurën 71.

Figura 71 (E zmadhuar)

TRANZISTORËT

Modelet përdorin transistorë që mund të mos jenë të disponueshëm kudo, kështu që nuk do të ishte e drejtë të mos plotësohej artikulli me një listë të transistorëve që mund të përdoren në amplifikatorët realë.

EMRI, STRUKTURA		U ke, V	I k, A	h 21	F 1, MHz	P k, W
							TO-220 (formacion)
							TO-220 (formacion)
							TO-220 (formacion)

Gjithçka duket e qartë me të dhënat e referencës, megjithatë...
Gara e përgjithshme për fitim shkakton probleme jo vetëm në nivelin e tregtisë me pakicë në një tezgë tregu, por edhe në sipërmarrje serioze. Licenca për lëshimin e IRFP240-IRFP920 është blerë nga Vishay Siliconix Corporation dhe këta transistorë janë tashmë të ndryshëm nga ata që janë prodhuar më parë I ndërkombëtare R ektifikues. Dallimi kryesor është se edhe brenda të njëjtës grup, fitimi i transistorëve ndryshon mjaft ndjeshëm. Sigurisht, nuk do të jetë e mundur të zbulohet pse cilësia është ulur (përkeqësimi i procesit teknologjik ose refuzimi i tregut rus), kështu që ju duhet të përdorni atë që keni dhe nga KJO ju duhet të zgjidhni atë që është e përshtatshme.
Në mënyrë ideale, natyrisht, duhet të kontrolloni tensionin maksimal dhe rrymën maksimale, por parametri kryesor për ndërtuesin e amplifikatorit është koeficienti i fitimit dhe është veçanërisht i rëndësishëm nëse përdoren disa transistorë të lidhur paralelisht.
Sigurisht, mund të përdorni njehsorin e fitimit të disponueshëm pothuajse në çdo multimetër dixhital, por ka vetëm një problem - për transistorët me fuqi të mesme dhe të lartë, fitimi varet fuqimisht nga rryma që rrjedh nëpër kolektor. Në multimetra, rryma e kolektorit në testuesin e tranzistorit është disa miliamps dhe përdorimi i saj për transistorë me fuqi të mesme dhe të lartë është i barabartë me hamendjen e llumit të kafesë.
Është për këtë arsye që u montua një stendë për refuzimin e tranzistorëve të fuqisë, jo edhe për refuzim, por për përzgjedhje. Diagrami skematik i stendës është paraqitur në figurën 72, pamja është paraqitur në figurën 73. Stenda shërben për përzgjedhja e tranzistorëve me të njëjtin koeficient fitimi, por jo për të gjetur vlerën e h 21.

Figura 73

Figura 74

Stenda u montua brenda tre orëve dhe përdori fjalë për fjalë atë që ndodhej në kutinë "ANTIKA", d.m.th. diçka që nuk është e vështirë të gjendet edhe për një saldator fillestar.
Treguesi - treguesi i nivelit të një regjistrues kasetë me rrotullim, tip M68502. Treguesi u hap në vendin ku ishin ngjitur kapakët e sipërm dhe të poshtëm, u hoq shkalla standarde dhe në vend të kësaj u ngjit një peshore, e cila mund të printohet duke përdorur një dokument DOK dhe përmban kujtesë për ndërrimin e mënyrave të funksionimit. Sektorët janë të mbushur me shënues me ngjyra. Mbulesat e treguesve më pas u ngjitën së bashku duke përdorur SUPERGLUE (Figura 75).

Figura 75

Ndërprerësit janë në thelb çdo ndërprerës me dy pozicione fikse, dhe njëri DUHET të ketë DY grupe komutuese.
Ura diodike VD10 - çdo urë diodike me një rrymë maksimale prej të paktën 2 A.
Transformator i rrjetit - çdo transformator me fuqi të paktën 15 W dhe një tension alternativ prej 16...18 V (tensioni në hyrje të KRENK duhet të jetë 22...26 V, KREN duhet të lidhet me një radiator dhe mundësisht me një zonë të mirë).
C1 dhe C2 kanë një kapacitet mjaft të madh, i cili garanton që gjilpëra të mos dridhet gjatë matjeve. C1 për tension 25 V, C2 për 35 ose 50 V.
Rezistorët R6 dhe R7 shtypen përmes një copë litari mike në radiatorin mbi të cilin është instaluar KRENK, të veshura bujarisht me paste termike dhe të shtypura me një rrip tekstil me fije qelqi duke përdorur vida vetëpërgjimi.
Më interesante është dizajni i kapëseve për lidhjen e terminaleve të transistorëve në studim. Për të prodhuar këtë lidhës, kërkohej një rrip tekstil me fije qelqi me fletë metalike, në të cilën u shpuan vrima në një distancë nga dalja e tranzitorit të kutisë TO-247, dhe petë u pre me një prestar shkrimi. Tre thika nga lidhësi i televizorit SCART-MAMA u mbyllën në vrimat në anën e fletës. Thikat u palosën së bashku, pothuajse fort (Figura 76).

Figura 76

Distanca "L" zgjidhet në mënyrë që kutitë e transistorëve TO-247 (IRFP240-IRFP9240) dhe TO-3 (2SA1943-2SC5200) të vendosen në kutinë e fiksimit.

Figura 77

Përdorimi i stendës është mjaft i thjeshtë:
Kur zgjidhni transistorë me efekt në terren, caktohet modaliteti MOSFET dhe zgjidhet lloji i tranzistorit - me një kanal N ose një kanal P. Pastaj transistori vendoset në kunj, dhe prizat e tij aplikohen në tehet e kontaktit të lidhësit. Pastaj një rezistencë e ndryshueshme, le ta quajmë atë KALIBRIMI, shigjeta është vendosur në pozicionin e mesëm (i cili do të korrespondojë me një rrymë që rrjedh nëpër transistor prej 350-500 mA). Më pas, transistori hiqet dhe kandidati tjetër për përdorim në amplifikues instalohet në vend të tij dhe mbahet mend pozicioni i shigjetës. Më pas, instalohet kandidati i tretë. Nëse shigjeta devijon në të njëjtën mënyrë si në transistorin e parë, atëherë i pari dhe i treti mund të konsiderohen bazë dhe transistorët mund të zgjidhen sipas koeficientit të fitimit të tyre. Nëse shigjeta në transistorin e tretë devijon në të njëjtën mënyrë si në të dytin dhe leximet e tyre ndryshojnë nga i pari, atëherë kryhet rikalibrimi, d.m.th. rivendosja e shigjetës në pozicionin e mesëm dhe tani transistorët e dytë dhe të tretë konsiderohen bazë, dhe i pari nuk është i përshtatshëm për këtë grup klasifikimi. Duhet të theksohet se ka mjaft transistorë identikë në një grup, por ekziston mundësia që të kërkohet rikalibrimi edhe pas zgjedhjes së një numri të konsiderueshëm tranzistorë.

Figura 78

Transistorët e një strukture të ndryshme zgjidhen në të njëjtën mënyrë, vetëm duke kaluar çelësin e kalimit të djathtë në pozicion P-CHANEL.
Për të kontrolluar transistorët bipolarë, kaloni çelësin e kalimit të majtë në pozicion BIPOLARE(Figura 79).

Figura 79

Më në fund, mbetet të shtojmë se duke pasur një stendë në dorë, ishte e pamundur t'i rezistosh kontrollimit të amplifikimit të kafesë së produkteve Toshiba (2SA1943 dhe 2SC5200).
Rezultati i inspektimit është mjaft i trishtuar. Transistorët për ruajtje u grupuan në katër pjesë të një grupi, si ruajtja më e përshtatshme për përdorim personal - amplifikatorët porositen kryesisht ose për 300 W (dy palë) ose 600 W (katër palë). U testuan SHTATË (!) katërfisha dhe vetëm në një katërfish të transistorëve të drejtpërdrejtë dhe në dy katërfishta të transistorëve të kundërt fitimi ishte pothuajse i njëjtë, d.m.th. Pas kalibrimit, shigjeta devijoi nga mesi jo më shumë se 0,5 mm. Në të katërtat e mbetura, kishte gjithmonë një shembull me një koeficient fitimi më të lartë ose më të ulët dhe nuk ishte më i përshtatshëm për lidhje paralele (devijim me më shumë se 1.5 mm). Tranzistorët janë blerë në shkurt-mars të këtij viti, pasi blerja e vitit të kaluar në nëntor ka përfunduar.
Tregimi i devijimeve në mm është thjesht i kushtëzuar, për lehtësinë e të kuptuarit. Kur përdorni një tregues të llojit të treguar më sipër, një rezistencë R3 e barabartë me 0,5 Ohm (dy rezistorë 1 Ohm paralelisht) dhe pozicioni i shigjetës së treguesit në mes, rryma e kolektorit ishte 374 mA, dhe me një devijim prej 2 mm ishte 338 mA dhe 407 mA. Duke përdorur operacione të thjeshta aritmetike, mund të llogarisim se devijimet e rrymës rrjedhëse janë 374 - 338 = 36 në rastin e parë dhe 407 - 374 = 33 në të dytën, dhe kjo është pak më pak se 10%, e cila nuk është më e përshtatshme për lidhje paralele e tranzistorëve.

PLAKA E QARKEVE TË SHTYPURA

Pllakat e qarkut të printuar nuk janë të disponueshme për të gjithë amplifikatorët e përmendur, pasi përpunimi i pllakave të qarkut të printuar kërkon mjaft kohë + gjithashtu montimin për të kontrolluar funksionalitetin dhe për të identifikuar nuancat e instalimit. Prandaj, më poshtë është një listë e bordeve të disponueshme në formatin LAY, të cilat do të përditësohen herë pas here.
Pllakat e shtuara të qarkut të printuar ose modelet e reja mund të shkarkohen ose nga lidhjet që do të plotësojnë këtë faqe:

PLARKAT E PRINTUARA NE FORMAT LAY
MICRO-CAP 8, përmban të gjitha modelet e përmendura në këtë artikull në dosje SHEMS, përveç kësaj në dosje cv disa shembuj të filtrave për krijimin e "muzikës me ngjyra" në dosje EQ disa modele filtri për ndërtimin e barazuesve.
Tabela e fazës së daljes